简单的理解deflate算法 最近做压缩算法. 用到了deflate压缩算法,  找了很多资料,  这篇文章算是讲的比较易懂的, 这篇文章不长,但却浅显易懂, 基本上涵盖了我想要知道的所有要点. 翻译出来, 留存.    可能对正在学习或者准备学习deflate算法的童鞋有所帮助. 先说一下deflate算法吧.  deflate是zip压缩文件的默认算法.   其实deflate现在不光用在zip文件中, 在7z, xz等其他的压缩文件中都用.   实际上deflate只是一种压缩数据流的算法

为了加快网络上的传输的速度,可以将服务器传输的内容进行压缩,服务器的压缩方式有gzip压缩 deflate压缩 compress压缩 content-length:压缩后的长度 如何启动压缩功能 1,将Apache中的deflate模块开启 2,在conf文件中,写如下代码 <ifmodule mod_deflate.c> DeflateCompressionLevel 6 AddOutputFilter-Bytype DEFLATE text/plain AddOutputFilter-By

前端优化已经到极致了么?业务还在为看到不停的而揪心么?还在为2秒率不达标苦恼么? 好吧我知道答案,大家一如既往的烦恼中... 那么接下来我们看看,facebook,淘宝,人人网,一淘都是怎么做前端优化的,他们页面信息量比我们大的多. 前段时间泳洋和我提了flush技术,业界很多公司都在这么用.终于找时间来好好研究了一番,获得这个新名词----BigPipe,什么是BigPipe? 接着往下看. 1. 技术背景 FaceBook页面加载技术 试想这样一个场景,一个经常访问的网站,每次打开它的 页面

Http Connection有两种连接方式:短连接和长连接:短连接即一次请求对应一次TCP连接的建立和销毁过程,而长连接是多个请求共用同一个连接这样可以节省大量连接建立时间提高通信效率.目前主流浏览器都会在请求头里面包含Connection:keep-alive字段,该字段的作用就是告诉HTTP服务器响应结束后不要关闭连接,浏览器会将建立的连接缓存起来,当在有限时效内有再次对相同服务器发送请求时则直接从缓存中取出连接进行通信.当然被缓存的连接如果空闲时间超过了设定值(如firefox为115s

一,编码: HTTP 在传输数据时可以按照数据原貌直接传输,但也可以在传输过程中通过编码提升传输速率.通过在传输时编码,能有效地处理大量的访问请求.但是,编码的操作需要计算机来完成,因此会消耗更多的 CPU 等资源. 二,报文主体和实体主体: 1,报文(message) 报文是HTTP通信的基本单位,由八位组字节流(octet sequence)组成,通过HTTP通讯传输. 2,实体(entity) 作为请求/响应的有效载荷数据(补充项)被传输,由实体首部和实体主体组成. 通常实体报文等于实体主

Transfer-Encoding 响应头用于告诉客户端服务器发送内容的编码格式. 其可选值有: chunked:数据分块发送.此时应缺省 Content-Length 响应头. compress:使用 Lempel-Ziv-Welch 算法进行传输的格式,目前没有浏览器在支持. deflate:使用 deflate 压缩算法 zlib 结构. gzip:使用 Lempel-Ziv coding 编码的压缩格式. identity:标识身份函数(e.g. no compression, nor

httpclient-4.5.9.jar org.apache.http: auth     身份 client    端 conn     连接 cookie  本地 impl:    实现 execchain   异常 httpcore-4.4.11.jar org.apache.http.entity; AbstractHttpEntity http请求体包报文格式: Content-Type:                  报文类型:application/json;charset=

背景 在网站开发中,文件上传是很常见的一个功能.相信很多人都会遇到这种情况,想传一个文件上去,然后网页提示"该文件过大".因为一般情况下,我们都需要对上传的文件大小做限制,防止出现意外的情况. 但是在有些业务场景中,大文件上传又是必须的,比如邮箱附件,或者内部OA等等. 问题 服务端为什么不能直接传大文件?跟php.ini里面的几个配置有关 upload_max_filesize = 2M //PHP最大能接受的文件大小 post_max_size = 8M //PHP能收到的最大PO

传送:主席树做法http://www.cnblogs.com/candy99/p/6160704.html 做那倒带修改的主席树时就发现分块可以做,然后就试了试 思想和教主的魔法差不多,只不过那个是求>=v的有几个 既然一个数v的名次可以求,我们二分这个数就行了啊 然而...... 首先,你二分到的这个数不一定在区间里出现过 比如 1 2 5 8 9 4和5的名次都是3 于是,我修改了某个区间名次的定义: “如果一个数的名次是x,但是区间中没有次数,那么他的名次为x-1” 实现上只需要find里

题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=4467 题意:给定n个点m条边的无向图,点被染色(黑0/白1),边带边权.然后q个询问.询问分为两种: Change u:把点u的颜色反转(黑变白,白变黑),Asksum a b(a,b的值为0/1):统计所以边的权值和,边的两个点满足一个点的颜色为a,一个点的颜色为b. 思路:考虑暴力的做法.修改可以做法O(1),但是查询就得O(m).所以总复杂度为O(m*q)会TLE.然后考虑图分块.参考HDU

Time Limit: 4000/2000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 262144/262144 K (Java/Others)Total Submission(s): 3192    Accepted Submission(s): 371 Problem Description You are given a rooted tree of N nodes, labeled from 1 to N. To the ith node a non-negat

题意: 求一个序列中顺序的长度为3的等差数列. SOL: 对于这种计数问题都是用个数的卷积来进行统计.然而对于这个题有顺序的限制,不好直接统计,于是竟然可以分块?惊为天人... 考虑分块以后的序列: 一个块内直接枚举统计三个或两个在块内的. 只有一个在当前块我们假设它是中间那个,对左右其它块做卷积. 但是还是感觉复杂度有点玄学啊... 我比较傻逼...一开始块内统计根本没有想清楚...最后做卷积硬生生把复杂度变成了 $\sqrt{N}*N*log(N)$... 改了一个晚上终于没忍住看标程...

据说是道lct求深度的题 但是在小猫大的指点下用分块就n^1.5水过了 = =数据忘记加强系列 代码极其不美观,原因是一开始是听小猫大讲的题意,还以为是弹到最前面... #include <cstdio> #include <cmath> using namespace std; int n,m,p,q,k; ],b[],c[]; int main() { scanf("%d",&n); ;i<=n;i++) scanf(]); int N=(in

二分法(必须要保证数据是有序排列的):   分块查找(数据有如下特点:块间有序,块内无序):    

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3343: 教主的魔法 Time Limit: 10 Sec  Memory Limit: 256 MBSubmit: 1172  Solved: 526[Submit][Status][Discuss] Description 教主最近学会了一种神奇的魔法,能够使人长高.于是他准备演示给XMYZ信息组每个英雄看.于是N个英雄们又一次聚集在了一起,这次他们排成了一列,被编号为1.2.…….N. 每个人的身高一开始都是不超过1000的正整数.教主的魔法每次可以把闭区间[L, R](1≤L≤R≤N)

题目链接:http://vjudge.net/problem/174774/origin 题意:给定一个长度为n的序列a[],序列的值不大于m,现在有k个询问,每个询问给定(l,r).让你求出max{|x − y| : Li ≤ x, y ≤ Ri and Ax = Ay}.即区间[L,R]中值相同时,位置差的最大值 思路:分块,因为不带修改,所以我们就可以做预处理.求出last,first,Ans. last[i][j]:值i在第j块最后出现的位置.first[i][j]:值i在第j块最早出现

题目链接:http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=2002 题意:中文题面 思路:考虑分块,每个位置维护一个跳出该块需要的步数cnt[],和跳出该块后到达下一块的哪个位置to[]. 关于修改操作:直接修改所在块的左端点到修改的位置. 然后需要逆序修改.因为后面的位置的值会影响到前面位置的值. 关于询问操作:直接暴力计算即可. #define _CRT_SECURE_NO_DEPRECATE #include<stdio.h> #inclu

题目链接:http://codeforces.com/problemset/problem/444/C 题意:给定一个长度为n的序列a[].起初a[i]=i,然后还有一个色度的序列b[],起初b[i]=0.现在有2种操作: 1 l r x:区间染色,a[l],a[l+1]...a[r]变成x.同时b[l],b[l+1]...b[r]加上对应的|x-a[i]|值. 2 l r:统计区间和,统计区间b[l],b[l+1]...b[r]的和. 思路:线段树是比较常见的做法.考虑分块.每块维护一个laz

题目链接:http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=2957 题意:中文题面 思路: 来自此博客 首先明确问题,对于每栋楼房的斜率K=H/X,问题就是问有多少个楼房的K比前面所有楼房的K都要大. 这题树套树当然可以,但是挺麻烦的,本渣觉得最简单就是分块-- 将N个楼房分成T块,不断维护每个块内楼房的可视序列,如一个块内楼房的高度分别为(3 1 4 2 6 7)那么这个块内楼房的可视序列就是(3 4 6 7)(注意不同的块内是不干扰的,如第一个

题目链接:http://codeforces.com/problemset/problem/455/D 题意:给定一个长度为n的序列a[]. m次操作.共有两种操作 1 l r:将序列的a[l].a[l+1]...a[r]变成a[r].a[l].a[l+1]...a[r-1]:2 l r k:求序列a[l].a[l+1]...a[r]中有多少个值为k. 输入的l,r,k都是加密过的.所以要解密一下.规则为 l=(l+ans-1)%n+1  r=(r+ans-1)%n+1 k=(k+ans-1)%