【BZOJ2506】calc 分段+vector+莫队
2024-08-29 05:35:23
【BZOJ2506】calc
Description
给一个长度为n的非负整数序列A1,A2,…,An。现有m个询问,每次询问给出l,r,p,k,问满足l<=i<=r且Ai mod p = k的值i的个数。
Input
第一行两个正整数n和m。
第二行n个数,表示A1,A2,…,An。
以下m行,每行四个数分别表示l,r,p,k。满足1<=l<=r<=n。
Output
对于每个询问,输出一行,表示可行值i的个数。
Sample Input
5 2
1 5 2 3 7
1 3 2 1
2 5 3 0
1 5 2 3 7
1 3 2 1
2 5 3 0
Sample Output
2
1
1
HINT
数据范围:
0<n,m<=10^5,任意1<=i<=n满足Ai<=10^4,0<p<=10^4,0<=k<p。
题解:发现Ai很小,考虑分段处理询问。对于p<100的,直接用vector维护所有%p=k的位置,然后查询时在vector上二分即可。
对于p>100的呢?考虑莫队,用桶维护区间中所有数出现的次数,然后暴力查询,时间复杂度还是nsqrt(n)的。
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <vector>
#include <cmath>
using namespace std;
const int maxn=100010;
int n,m,tot,mx,B;
vector<int> s[110][110];
struct node
{
int l,r,a,b,org;
}q[maxn];
int ans[maxn],v[maxn],st[maxn];
bool cmp(const node &a,const node &b)
{
return (a.l/B==b.l/B)?(a.r<b.r):(a.l/B<b.l/B);
}
inline int rd()
{
int ret=0,f=1; char gc=getchar();
while(gc<'0'||gc>'9') {if(gc=='-')f=-f; gc=getchar();}
while(gc>='0'&&gc<='9') ret=ret*10+gc-'0',gc=getchar();
return ret*f;
}
int main()
{
n=rd(),m=rd(),B=int(sqrt(double(n)));
int i,j,l,r,a,b;
for(i=1;i<=n;i++)
{
v[i]=rd(),mx=max(mx,v[i]);
for(j=1;j<=100;j++) s[j][v[i]%j].push_back(i);
}
for(i=1;i<=m;i++)
{
l=rd(),r=rd(),a=rd(),b=rd();
if(a<=100)
{
ans[i]=upper_bound(s[a][b].begin(),s[a][b].end(),r)-lower_bound(s[a][b].begin(),s[a][b].end(),l);
}
else q[++tot].l=l,q[tot].r=r,q[tot].a=a,q[tot].b=b,q[tot].org=i;
}
sort(q+1,q+tot+1,cmp);
for(l=q[1].l,r=l-1,i=1;i<=tot;i++)
{
while(l>q[i].l) st[v[--l]]++;
while(l<q[i].l) st[v[l++]]--;
while(r<q[i].r) st[v[++r]]++;
while(r>q[i].r) st[v[r--]]--;
for(j=q[i].b;j<=mx;j+=q[i].a) ans[q[i].org]+=st[j];
}
for(i=1;i<=m;i++) printf("%d\n",ans[i]);
return 0;
}//5 2 1 5 2 3 7 1 3 2 1 2 5 3 0
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