[bzoj3389][Usaco2004Dec]Cleaning Shifts安排值班_最短路
2024-08-31 06:37:53
Cleaning Shifts bzoj-3389 Usaco-2004Dec
题目大意:每天有n个时间段,每个时间段都必须安排一个奶牛值班。有m个奶牛,每个奶牛只有一个空闲时间s[i]~e[i],求至少动用多少奶牛。
注释:$1\le n\le 10^6$,$1\le m\le 25,000$。
想法:神题
我们将所有的时间点排成一排,然后对每一个i+1向i连一条无代价的边。
对于每一个s[i]向其对应的e[i]连边,代价为1.
然后求1到n的最短路即可
这样建图的道理:首先,从后面的时间点向前面的时间点连边是没有任何问题的。这就相当于我已经管理到了x时间段,我雇佣一个开始于x之前的奶牛,显然是可行且无代价的。
那么从s[i]向e[i]连边,就是说我雇佣这头奶牛,此时我已经管理到了e[i]这个时间点。
最后,附上丑陋的代码... ...
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <queue>
#define M 1000010
#define N 30010
using namespace std;
int dis[M];
bool v[M];
struct cmp
{
bool operator()(int x,int y)
{
return dis[x]>dis[y];
}
};
priority_queue<int,vector<int>,cmp>q;
int head[M],to[N+M],nxt[N+M],val[N+M],tot;
inline void add(int x,int y,int z)
{
to[++tot]=y;
val[tot]=z;
nxt[tot]=head[x];
head[x]=tot;
}
inline void original()
{
memset(dis,0x3f,sizeof dis);
}
int main()
{
int n,m;
cin >> n >> m ;
for(int i=1;i<=m;i++) add(i,i-1,0);
original();
for(int x,y,i=1;i<=n;i++)
{
scanf("%d%d",&x,&y);
add(x-1,y,1);
}
dis[0]=0;
q.push(0);
while(!q.empty())
{
int x=q.top();q.pop();
if(v[x]) continue;
for(int i=head[x];i;i=nxt[i])
{
if(v[to[i]]) continue;
if(dis[to[i]]>dis[x]+val[i])
{
dis[to[i]]=dis[x]+val[i];
q.push(to[i]);
}
}
}
if(dis[m]==0x3f3f3f3f) printf("-1\n");
else printf("%d\n",dis[m]);
return 0;
}
小结:好题,感觉自己图论菜的一匹... ...
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