2301: [HAOI2011]Problem b ( 分块+莫比乌斯反演+容斥)
2024-08-21 17:20:44
2301: [HAOI2011]Problem b
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Description
对于给出的n个询问,每次求有多少个数对(x,y),满足a≤x≤b,c≤y≤d,且gcd(x,y) = k,gcd(x,y)函数为x和y的最大公约数。
Input
第一行一个整数n,接下来n行每行五个整数,分别表示a、b、c、d、k
Output
共n行,每行一个整数表示满足要求的数对(x,y)的个数
Sample Input
2
2 5 1 5 1
1 5 1 5 2
Sample Output
14
3
HINT
100%的数据满足:1≤n≤50000,1≤a≤b≤50000,1≤c≤d≤50000,1≤k≤50000
/*
* @Author: LyuC
* @Date: 2017-10-08 16:54:59
* @Last Modified by: LyuC
* @Last Modified time: 2017-10-08 21:06:44
*/
/*
直接处理会超时,对于6/6=1 6/5=1 6/4=1这样的实际和已合并同类项一次
计算出来,能节约不少时间
*/
#include <bits/stdc++.h> #define LL long long
#define MAXN 50005
using namespace std; int t;
int a, b, c, d, k;
int sum [ MAXN ];
bool check[MAXN];
int mu[MAXN];
int prime[MAXN]; void mobi(){
memset(check,false,sizeof check);
mu[]=;
int tol=;
for(int i=;i<MAXN;i++){
if(!check[i]){
prime[tol++]=i;
mu[i]=-;
}
for(int j=;j<tol;j++){
if(i*prime[j]>MAXN) break;
check[i*prime[j]]=true;
if(i%prime[j]==){
mu[i*prime[j]]=;
break;
}else{
mu[i*prime[j]]=-mu[i];
}
}
}
} inline int Count (int a, int b) {
int s=;
if (a > b) {
swap (a, b);
}
for (int i = , last = ; i <= a; i = last + ) {
last = min( a / (a / i), b / (b / i) );
s += (sum [ last ] - sum [ i - ]) * (a / i) * (b / i);
}
return s;
} inline void init () {
sum [ ] = ;
for (int i = ;i < MAXN; i ++) {
sum [ i ] = sum[ i - ] + mu [ i ];
}
} int main () {
// freopen ("in.txt", "r", stdin);
mobi ();
init ();
scanf ("%d", &t);
while (t -- ) {
scanf ("%d%d%d%d%d", &a, &b, &c, &d, &k);
int res = Count ( b / k, d / k ) - Count ( ( a - ) / k, d / k ) - Count ( b / k, (c - ) / k ) + Count ( ( a - ) / k, ( c - ) / k );
printf ( "%d\n", res );
}
return ;
}
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