2019 ACM-ICPC 上海网络赛 B. Light bulbs (差分)
2024-09-06 07:09:51
题目链接:Light bulbs
比赛链接:The Preliminary Contest for ICPC Asia Shanghai 2019
题意
给定 \(N\) 个灯泡 (编号从 $0$ 到 \(N - 1\)),初始都是关闭的。
给定 \(M\) 个操作,每个操作包含 \(L\) 和 \(R\),对 \([L, R]\) 内的所有灯泡改变状态。
求最后有几个灯泡是亮的。
思路
题目挺简单的,翻转奇数次的灯泡是亮的,所以要求每个灯泡翻转的次数。
容易想到可以用差分。
对所有操作的两个端点排序,求差分数组 \(d[]\)。
然后根据差分数组求前缀和,差分数组相邻两个数 \(d[l]\) 和 \(d[r]\) 所在的区间 \([l, r)\) 内的每个数都加上 \(d[l]\),那么如果 \(d[l]\) 为奇数,\(ans += (r - l)\)。时间复杂度 \(O(MlogM)\)。
于是就有了下面的代码。
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int maxn = 1e6 + 10;
int pos[2010];
int main() {
int T;
scanf("%d", &T);
int kase = 0;
while(T--) {
int n, m;
scanf("%d%d", &n, &m);
vector<int> d(n + 10);
memset(pos, 0, sizeof(pos));
unordered_map<int, int> mp;
int cnt = 0;
for(int i = 1; i <= m; ++i) {
int l, r;
scanf("%d%d", &l, &r);
++d[l];
--d[r + 1];
if(mp[l] == 0) {
pos[cnt++] = l;
mp[l] = 1;
}
if(mp[r + 1] == 0) {
pos[cnt++] = r + 1;
mp[r + 1] = 1;
}
}
sort(pos, pos + cnt);
ll ans = 0;
for(int i = 1; i < cnt; ++i) {
if(d[pos[i - 1]] & 1) ans += pos[i] - pos[i - 1];
d[pos[i]] = d[pos[i - 1]] + d[pos[i]];
}
if(d[pos[cnt - 1]] & 1) ans += n - pos[cnt - 1];
printf("Case #%d: %lld\n", ++kase, ans);
}
return 0;
}
然后就 TLE 了。这题时间和空间卡的很紧。
AC 代码
用 map 存差分数组,还自动排序了。
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int maxn = 1e6 + 10;
int main() {
int T;
scanf("%d", &T);
int kase = 0;
while(T--) {
int n, m;
scanf("%d%d", &n, &m);
map<int, int> d;
int cnt = 0;
for(int i = 1; i <= m; ++i) {
int l, r;
scanf("%d%d", &l, &r);
++d[l];
--d[r + 1];
}
ll ans = 0;
auto it = d.begin();
int p = it->first;
int v = it->second;
++it;
for(; it != d.end(); ++it) {
if(v & 1) ans += it->first - p;
it->second = v + it->second;
p = it->first;
v = it->second;
}
if(v & 1) ans += n - p;
printf("Case #%d: %lld\n", ++kase, ans);
}
return 0;
}
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