历届试题_log大侠

标题：Log大侠

atm参加了速算训练班，经过刻苦修炼，对以2为底的对数算得飞快，人称Log大侠。

一天，Log大侠的好友 drd 有一些整数序列需要变换，Log大侠正好施展法力...

    变换的规则是：对其某个子序列的每个整数变为: [log_2 (x) + 1] 其中 [] 表示向下取整，就是对每个数字求以2为底的对数，然后取下整。
    例如对序列 3 4 2 操作一次后，这个序列会变成 2 3 2。

    drd需要知道，每次这样操作后，序列的和是多少。

【输入格式】
第一行两个正整数 n m 。
第二行 n 个数，表示整数序列，都是正数。
接下来 m 行，每行两个数 L R 表示 atm 这次操作的是区间 [L, R]，数列序号从1开始。

【输出格式】
输出 m 行，依次表示 atm 每做完一个操作后，整个序列的和。

例如，输入：
3 3
5 6 4
1 2
2 3
1 3

程序应该输出：
10
8
6

【数据范围】
对于 30% 的数据， n, m <= 10^3
对于 100% 的数据， n, m <= 10^5

资源约定：
峰值内存消耗 < 256M
CPU消耗 < 1000ms

请严格按要求输出，不要画蛇添足地打印类似：“请您输入...” 的多余内容。

所有代码放在同一个源文件中，调试通过后，拷贝提交该源码。

注意: main函数需要返回0
注意: 只使用ANSI C/ANSI C++ 标准，不要调用依赖于编译环境或操作系统的特殊函数。
注意: 所有依赖的函数必须明确地在源文件中 #include <xxx>，不能通过工程设置而省略常用头文件。

提交时，注意选择所期望的编译器类型。

思路：首先我的算法可以解决较小的用例，但是否可以通过所有的用例我不清楚，因为蓝桥杯练习系统没有这道题，应该超时，不可能那么简单。个人就是按照题中的要求来的，整个代码的

时间复杂度为O(n^2),只不过要注意log函数在c++下标是e，所以要转换为求下标为2的对数函数则可以表示为log(x)/log(2);

 #include<bits/stdc++.h>

 using namespace std;

 int n,m;

 int array[];

 int f(int a1,int a2)

 {

     for(int i=a1;i<=a2;i++){

         array[i]=(int)(log(array[i])/log()+);

     }

     int sum=;

     for(int i=;i<sizeof(array)/sizeof(int);i++){

         sum+=array[i];

     }

     return sum;

 }

 int main()

 {

     cin >> n >> m;

     int ans[m];

     memset(array,,sizeof(array));

     memset(ans,,sizeof(ans));

     for(int i=;i<n;i++){

         cin >> array[i];

     }

     int a1,a2;

     int t=;

     while(m--){

         cin >> a1 >> a2;

         a1--;

         a2--;

         ans[t++]=f(a1,a2);

     }

     for(int i=;i<t;i++){

         cout << ans[i] << endl;

     }

 }

里对区间里的值进行对数运算，可以看做是更新，区间更新，求和，很明显是线段树...

下面提供一个大佬的代码只供参考：

 #include<bits/stdc++.h>

 using namespace std;

 const int maxn = ;

 int num[maxn];

 int tree[maxn*];

 int n,m;

 int l,r;

 int cnt;

 void build(int x,int l, int r)

 {    

     if (l == r){

         cin >> tree[x];

         if (tree[x] == ){//统计数值1的个数 ,方便优化程序 

             cnt++;    

             tree[x] = ;//将所有1均变为2,防止1干扰程序优化 

         }

         return;

     }

     int mid = (l+r)/;

     build(x*,l,mid);

     build(x*+,mid+,r);

     tree[x] = tree[x*]+tree[x*+];

 }

 void update(int x,int l,int r,int L,int R)

 {

     if (tree[x] == (r-l+)*){        //如果全为2，直接返回 

         return ;

     }

     if (l == r){

         tree[x] = num[tree[x]];

         return;

     } 

     int mid = (l+r)/;

     if (R <= mid)

         update(x*,l,mid,L,R);

     else if (L > mid)

         update(x*+,mid+,r,L,R);

     else{

         update(x*,l,mid,L,mid);

         update(x*+,mid+,r,mid+,R);

     }

     tree[x] = tree[x*]+tree[x*+]; 

 } 

 int main()

 {

     for(int i = ; i <= maxn; i++)    //打表 

         num[i] = (int)(log2(i) + );

     cin >> n >> m;

     build(,,n);

     while(m--){

         cin >> l >> r;

         update(,,n,l,r);

         cout << tree[]-cnt << endl;

     }

     return ;    

 }

巴特西

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