51nod1769 Clarke and math 2

题目

实际上就是要求\(f*I^k\)。

因为\(I^k\)是一个积性函数，所以我们只需要考虑如何求\(I^k(p^a)\)。

把这个东西转化成一个长度为\(k\)的序列，每一位是\(\frac{i_k}{i_{k-1}}\)，这东西就变成了长度为\(k\)的值域为\([0,a]\)的单调不降序列的方案数，也就是把 \(a\)个球放入\(k\)个盒子里的方案数，即\(a+k-1\choose a\)。

#include<bits/stdc++.h>

using namespace std;

int read(){int x=0,c=getchar();while(!isdigit(c))c=getchar();while(isdigit(c))x=x*10+c-48,c=getchar();return x;}

const int N=500007,P=1000000007;

int inc(int a,int b){a+=b;return a>=P? a-P:a;}

int mul(int a,int b){return 1ll*a*b%P;}

int f[N],g[N],x[N],v[N],inv[21],C[21];char s[N<<1];

int main()

{

    int n=read(),i,j,k=0,num;scanf("%s",s+1);

    for(i=1;i<=n;++i) f[i]=read();

    for(i=1;i<=strlen(s+1);++i) k=inc(mul(k,10),s[i]-48);

    for(inv[0]=inv[1]=1,i=2;i<=20;++i) inv[i]=mul(P-P/i,inv[P%i]);

    for(i=1;i<=20;++i) inv[i]=mul(inv[i-1],inv[i]);

    for(i=0;i<=20;++i) for(C[i]=inv[i],j=0;j<i;++j) C[i]=mul(C[i],i+k-j-1);

    for(i=1;i<=n;++i) v[i]=1,x[i]=i;

    for(i=2;i<=n;++i) if(x[i]^1) for(j=i;j<=n;v[j]=mul(v[j],C[num]),j+=i) for(num=0;!(x[j]%i);++num) x[j]/=i;

    for(i=1;i<=n;++i) for(j=i;j<=n;j+=i) g[j]=inc(g[j],mul(f[i],v[j/i]));

    for(i=1;i<=n;++i) printf("%d ",g[i]);

}

巴特西

51nod1769 Clarke and math 2

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