HZOJ 那一天她离我而去
2024-10-08 01:29:16
一个数据水到不行的题,各路大佬用各种方法A掉了这个题(比如A*,最短路,dfs……)。
这里只说一下我的暴力和被碾压的正解。
暴力AC系列:
要找过1点的最小环,那么这个环可以拆成两部分,与1相连的两点经过1的距离和不过一的最短路,那么我们就可以将1的入边截断(出边当然也可以截断,这里是为了方便枚举)并记录这些点到1的距离,枚举与1相连的点,对于每个点跑最短路,再次枚举每个点,ans取min即可。
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
#include<queue>
#define LL long long
#define MAXN 10010
#define min(a,b) ((a)<(b)?(a):(b))
#define ma(x) memset(x,0,sizeof(x))
#define MP(a,b) make_pair(a,b)
using namespace std;
struct edge
{
int u,v,w,nxt;
#define u(x) ed[x].u
#define v(x) ed[x].v
#define w(x) ed[x].w
#define n(x) ed[x].nxt
}ed[MAXN*];
int first[MAXN],num_e;
#define f(x) first[x]
int T,n,m;
const int t=;
int dis[MAXN];
bool v[MAXN];
void dist(int st)
{
memset(dis,0x7f,sizeof(dis));ma(v);
dis[st]=;
priority_queue<pair<int,int> >q;
q.push(MP(,st));
while(!q.empty())
{
int k=q.top().second;q.pop();
if(v[k])continue;v[k]=;
for(int i=f(k);i;i=n(i))
if(dis[v(i)]>dis[k]+w(i))
dis[v(i)]=dis[k]+w(i),
q.push(MP(-dis[v(i)],v(i)));
}
}
int tem[MAXN];
inline void add(int u,int v,int w);
signed main()
{
cin>>T;
while(T--)
{
memset(tem,0x7f,sizeof(tem));
ma(first);num_e=;
cin>>n>>m;
int u,v,d;
for(int i=;i<=m;i++)
{
cin>>u>>v>>d;
if(u!=)add(v,u,d);
if(v!=)add(u,v,d);
if(u==)tem[v]=d;
if(v==)tem[u]=d;
}
LL ans=0x7fffff;
for(int i=f();i;i=n(i))
{
dist(v(i));
for(int j=f();j;j=n(j))
if(v(i)!=v(j))
ans=min(ans,dis[v(j)]+tem[v(j)]+tem[v(i)]);
}
printf("%lld\n",ans==0x7fffff?-:ans);
}
}
inline void add(int u,int v,int w)
{
++num_e;
u(num_e)=u;
v(num_e)=v;
w(num_e)=w;
n(num_e)=f(u);
f(u)=num_e;
}
正解:
这题如果数据做的厉害一点肯定也是一个巨坑的题,正解大概和上边的暴力思路相似,只是优化了一点,将与1相连的点分组(分组方法一会再说),一组作为起点,建立超级源点向这一组每个点连边权为0的边,建立超级汇点,从另外一组每个点向超级汇点连边权为0的边,跑最短路即可。如果我们可以保证最终答案的起点与终点分到了两组,求出的就是正确答案。
接下来说nb的分组方法:
将每个节点按照编号转化为二进制数,从第0位开始,编号为0的分一组,编号为1的分另一组,这样也就跑了十边最短路的样子。
但这样能确保最后答案的起点和终点分到两个组吗?显然可以,因为起点和终点的编号不同,二进制为至少有一位不同,也就至少有一次被分到不同组。
然而正解的代码好像并没有人打……
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