AtCoder - agc043_a 和 POJ - 2336 dp
2024-09-08 05:15:56
题意:
给你一个n行m列由'#'和'.'构成的矩阵,你需要从(1,1)点走到(n,m)点,你每次只能向右或者向下走,且只能走'.'的位置。
你可以执行操作改变矩阵:
你可以选取两个点,r0,c0;r1,c1。以(r0,c0)为小矩阵左上角坐标,以(r1,c1)为小矩阵右下角坐标。你要把这个小矩阵中的所有字符反转(也就是原来是'#'的,要变成'.',原来是'.'的,要变成'#')
题解:
对于样例
3 3
.##
.#.
##.
我们可以看成反转之后的矩阵最终从(1,1)走到(n,m)的只有一条路径,不管其他点(如下,*号就是我们最终选择的路径)
3 3
.*#
.*.
#*.
那么我们就可以反转(1,1)和(2,3)这个小矩阵,或者(2,1),(2,3)这个小矩阵。(1,1)和(2,3)这个小矩阵反转的时候虽然涉及到了一些其他点(第一列所有点),但是我们最终要走的路径没有用到它,所以不用管它。
代码:
#include <bits/stdc++.h>
typedef long long ll;
const int maxn = 1e2 + 10;
const int INF = 0x3f3f3f3f;
char s[maxn][maxn];
int dp[maxn][maxn];
int min(int a, int b)
{
if (a < b)
return a;
else
return b;
}
int max(int a, int b)
{
if (a > b)
return a;
else
return b;
}
int main()
{
int n, m;
scanf("%d%d", &n, &m);
for (int i = 1; i <= n; ++i)
{
scanf("%s", s[i] + 1);
}
dp[1][1] = (s[1][1] == '#');
for (int i = 1; i <= n; ++i)
{
for (int j = 1; j <= m; ++j)
{
if (i == 1 && j == 1)
continue;
char ch = s[i][j];
dp[i][j] = INF;
if (i > 1)
{
if (s[i - 1][j] == ch)
dp[i][j] = min(dp[i][j], dp[i - 1][j]);
else
dp[i][j] = min(dp[i][j], dp[i - 1][j] + (ch == '#'));
}
if (j > 1)
{
if (s[i][j - 1] == ch)
dp[i][j] = min(dp[i][j], dp[i][j - 1]);
else
dp[i][j] = min(dp[i][j], dp[i][j - 1] + (ch == '#'));
}
}
}
printf("%d\n", dp[n][m]);
return 0;
}
POJ - 2336 题意:
现在有m辆车在左岸,你需要用一艘船把所有车运送到右岸,每次船只能运送n辆车。船过河的时间为t(也就是一来一回所需时间2*t)。
问你把所有车运送到右岸最少是什么时候,在这个基础上给出最少运送次数(运送次数不算船从右岸返回到左岸)
题目给你m辆车到达左岸的时间点vi。
题解:
暴力转移dp,dp[i]表示把前i辆车运送到右岸之后船又回到左岸的最小时间点
dp[i]=max(dp[j],v[i]); (1<=j<=i<=n)
dp[i]+=2*t;
cnt[i]=cnt[j]+1;
代码:
#include <stdio.h>
#include <algorithm>
#include <iostream>
using namespace std;
const int maxn = 2e3 + 10;
const int INF=0x3f3f3f3f;
int max(int a,int b)
{
if(a>b) return a;
else return b;
}
int v[maxn],cnt[maxn],dp[maxn];
int main()
{
int t;
scanf("%d",&t);
while(t--)
{
int n,t,m;
scanf("%d%d%d",&n,&t,&m);
for(int i=1;i<=m;++i)
{
scanf("%d",&v[i]);
}
for(int i=1;i<=m;++i)
{
dp[i]=INF;
for(int j=i-n;j<i;++j)
{
if(dp[i]>max(dp[j],v[i]))
{
dp[i]=max(dp[j],v[i]);
cnt[i]=cnt[j]+1;
}
}
dp[i]+=2*t;
}
printf("%d %d\n",dp[m]-t,cnt[m]);
}
return 0;
}
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