洛谷 P2483 [SDOI2010]魔法猪学院

题目描述

iPig在假期来到了传说中的魔法猪学院，开始为期两个月的魔法猪训练。经过了一周理论知识和一周基本魔法的学习之后，iPig对猪世界的世界本原有了很多的了解：众所周知，世界是由元素构成的；元素与元素之间可以互相转换；能量守恒……。

能量守恒……iPig 今天就在进行一个麻烦的测验。iPig 在之前的学习中已经知道了很多种元素，并学会了可以转化这些元素的魔法，每种魔法需要消耗 iPig 一定的能量。作为 PKU 的顶尖学猪，让 iPig 用最少的能量完成从一种元素转换到另一种元素……等等，iPig 的魔法导猪可没这么笨！这一次，他给 iPig 带来了很多 1 号元素的样本，要求 iPig 使用学习过的魔法将它们一个个转化为 N 号元素，为了增加难度，要求每份样本的转换过程都不相同。这个看似困难的任务实际上对 iPig 并没有挑战性，因为，他有坚实的后盾……现在的你呀！

注意，两个元素之间的转化可能有多种魔法，转化是单向的。转化的过程中，可以转化到一个元素（包括开始元素）多次，但是一但转化到目标元素，则一份样本的转化过程结束。iPig 的总能量是有限的，所以最多能够转换的样本数一定是一个有限数。具体请参看样例。

输入输出格式

输入格式：

第一行三个数 N、M、E 表示iPig知道的元素个数（元素从 1 到 N 编号）、iPig已经学会的魔法个数和iPig的总能量。

后跟 M 行每行三个数 si、ti、ei 表示 iPig 知道一种魔法，消耗 ei 的能量将元素 si 变换到元素 ti 。

输出格式：

一行一个数，表示最多可以完成的方式数。输入数据保证至少可以完成一种方式。

输入输出样例

输入样例#1：

输出样例#1：

说明

有意义的转换方式共4种：

1->4，消耗能量 1.5

1->2->1->4，消耗能量 4.5

1->3->4，消耗能量 4.5

1->2->3->4，消耗能量 4.5

显然最多只能完成其中的3种转换方式（选第一种方式，后三种方式仍选两个），即最多可以转换3份样本。如果将 E=14.9 改为 E=15，则可以完成以上全部方式，答案变为 4。

数据规模

占总分不小于 10% 的数据满足 N <= 6，M<=15。

占总分不小于 20% 的数据满足 N <= 100，M<=300，E<=100且E和所有的ei均为整数（可以直接作为整型数字读入）。

所有数据满足 2 <= N <= 5000，1 <= M <= 200000，1<=E<=107，1<=ei<=E，E和所有的ei为实数。

T成哈士奇了

以后pop() 和 front() 再也不往for里面写了

屠龙宝刀点击就送

#include <cstdlib>

#include <cstdio>

#include <queue>

#define M 200005

#define N 5005

using namespace std;

double p1[M],p2[M],E,cost[N],z;

int next1[M],next2[M],to1[M],to2[M],head1[N],head2[N],cnt1,cnt2,n,m;

struct node

{

    int to;

    double f,g;

    bool operator<(node a)const

    {

        if(f==a.f) return g>a.g;

        else return f>a.f;

    }

};

inline void ins(int u,int v,double w)

{

    next1[++cnt1]=head1[u];

    to1[cnt1]=v;

    p1[cnt1]=w;

    head1[u]=cnt1;

    next2[++cnt2]=head2[v];

    to2[cnt2]=u;

    p2[cnt2]=w;

    head2[v]=cnt2;

}

bool vis[N];

void spfa(int s)

{

    for(int i=;i<=n;++i) cost[i]=0x3f3f3f3f,vis[i]=;

    cost[s]=;

    vis[s]=;

    queue<int>q;

    q.push(s);

    for(;!q.empty();)

    {

        int now=q.front();q.pop();

        vis[now]=;

        for(int i=head2[now];i;i=next2[i])

        {

            int v=to2[i];

            if(cost[v]>cost[now]+p2[i])

            {

                cost[v]=cost[now]+p2[i];

                if(!vis[v])

                {

                    q.push(v);

                    vis[v]=;

                }

            }

        }

    }

}

void Astar(int s,int t)

{

    priority_queue<node>q;

    int cnt=;

    double all;

    node a;

    a.to=s;

    a.g=;

    a.f=a.g+cost[a.to];

    q.push(a);

    for(;!q.empty();)

    {

        node now=q.top();q.pop();

        if(now.to==t)

        {

            cnt++;

            all+=now.g;

            if(all>E) {printf("%d\n",cnt-);exit();}

        }

        for(int i=head1[now.to];i;i=next1[i])

        {

            int v=to1[i];

            node tmp;

            tmp.to=v;

            tmp.g=now.g+p1[i];

            tmp.f=tmp.g+cost[tmp.to];

            q.push(tmp);

        }

    }

}

int Main()

{

    scanf("%d%d%lf",&n,&m,&E);

    for(int x,y;m--;)

    {

        scanf("%d%d%lf",&x,&y,&z);

        ins(x,y,z);

    }

    spfa(n);

    Astar(,n);

    return ;

}

int sb=Main();

int main(int argc,char *argv[]) {;}

巴特西

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输入输出格式

输入输出样例

说明

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