#include<bits/stdc++.h>

using namespace std;

#define ll long long

int a[];

ll dp[][][];//不同题目状态不同

ll dfs(int pos,int eleven,int cnt6,bool lead/*前导零*/,bool limit/*数位上界变量*/)//不是每个题都要判断前导零

{

    //递归边界，最低位是0，那么pos==-1说明这个数枚举完了

    if(pos==-)

        return ;/*这里返回1，表示枚举的这个数是合法的，那么这里就需要在枚举时必须每一位都要满足题目条件，也就是说当前枚举到pos位，一定要保证前面已经枚举的数位是合法的。 */

    //第二个就是记忆化(在此前可能不同题目还能有一些剪枝)

    if(!limit && !lead && dp[pos][eleven][cnt6]!=-)

        return dp[pos][eleven][cnt6];

    /*常规写法都是在没有限制的条件记忆化，这里与下面记录状态对应*/

    int up=limit?a[pos]:;//根据limit判断枚举的上界up;这个的例子前面用213讲过了

    ll ans=;

    //开始计数

    for(int i=;i<=up;i++)//枚举，然后把不同情况的个数加到ans就可以了

    {

        int new_eleven=(eleven*+i)%;

        int new_cnt6=;

        if(i==)

            new_cnt6=cnt6+;

        if(pos==&&new_eleven==)

            continue;

        if(new_cnt6>=){

            continue;

        }

        ans+=dfs(pos-,new_eleven,new_cnt6,lead && i==,limit && i==a[pos]);//最后两个变量传参都是这样写的

        /*这里还算比较灵活，不过做几个题就觉得这里也是套路了

        大概就是说，我当前数位枚举的数是i，然后根据题目的约束条件分类讨论

        去计算不同情况下的个数，还有要根据state变量来保证i的合法性，比如题目

        要求数位上不能有62连续出现,那么就是state就是要保存前一位pre,然后分类，

        前一位如果是6那么这意味就不能是2，这里一定要保存枚举的这个数是合法*/

    }

    //计算完，记录状态

    if(!limit && !lead) dp[pos][eleven][cnt6]=ans;

    /*这里对应上面的记忆化，在一定条件下时记录，保证一致性，当然如果约束条件不需要考虑lead，这里就是lead就完全不用考虑了*/

    return ans;

}

ll solve(ll x)

{

    //特殊处理0

    if(x==)

        return ;

    int pos=;

    while(x)//把数位分解

    {

        a[pos++]=x%;//编号为[0,pos)，注意数位边界

        x/=;

    }

    return dfs(pos-/*从最高位开始枚举*/,,,true,true);//刚开始最高位都是有限制并且有前导零的，显然比最高位还要高的一位视为0嘛

}

int main()

{

    memset(dp,-,sizeof(dp));

    //初始化为-1

    ll le,ri;

    int cntcase=;

    while(~scanf("%lld%lld",&le,&ri))

    {

        printf("Case #%d: %lld\n",cntcase++,solve(ri)-solve(le-));

    }

}