基站选址(base.c/cpp/pas)

题目描述

有N个村庄坐落在一条直线上，第i(i>1)个村庄距离第1个村庄的距离为Di。需要在这些村庄中建立不超过K个通讯基站，在第i个村庄建立基站的费用为Ci。如果在距离第i个村庄不超过Si的范围内建立了一个通讯基站，那么就成它被覆盖了。如果第i个村庄没有被覆盖，则需要向他们补偿，费用为Wi。现在的问题是，选择基站的位置，使得总费用最小。

输入

输入文件的第一行包含两个整数N,K，含义如上所述。

第二行包含N-1个整数，分别表示D2,D3,…,DN ，这N-1个数是递增的。

第三行包含N个整数，表示C1,C2,…CN。

第四行包含N个整数，表示S1,S2,…,SN。

第五行包含N个整数，表示W1,W2,…,WN。

输出

输出文件中仅包含一个整数，表示最小的总费用。

样例输入

样例输出

提示

40%的数据中，N<=500；

100%的数据中，K<=N，K<=100，N<=20,000，Di<=1000000000，Ci<=10000，Si<=1000000000，Wi<=10000。

solution

先列出DP式

f[i][j]表示当前建到i（i必建），已经建了j个的最小代价

f[i][j]=f[k][j-1]+cost(k+1,i-1)+c[i];

效率O（n^3）

因为j只和j-1有关，我们可以先枚举j，对于每一个j，考虑优化cost（k+1,i-1）：

令l[i]为最左的能覆盖i的基站的位置，r[i]同理

用线段树存1~i-1 f[k][j-1]+cost(k+1,i-1 ) 的值

处理完i，将要加入i+1时对于r[x]=i的点显然无法被从右边覆盖，那么将1~l[x]-1加上w[x],

也就是如果f[i+1]由f[k]转移来，且k<l[x],那么x就不会被覆盖了，cost要加上w[x].

线段树维护区间加，单点查

效率O(nlogn)

#include<cstdio>

#include<iostream>

#include<cstdlib>

#include<cmath>

#include<cstring>

#include<string>

#include<algorithm>

#include<map>

#include<queue>

#define maxn 200005

#define inf 900000000

using namespace std;

int n,k,dp[maxn],d[maxn],c[maxn],s[maxn],w[maxn],lm[maxn],rm[maxn];

int x,tot,head[maxn];

struct node{

    int nex,v;

}e[maxn*2];

struct no

{

    int l,r,x,bj;

}tree[maxn*4];

void lj(int t1,int t2)

{

    e[++tot].v=t2;e[tot].nex=head[t1];head[t1]=tot;

}

void get(int k)

{

    int l=1,r=k;

    x=d[k];

    while(l<r)

    {

        int mid=(l+r)/2;

        if(x-d[mid]<=s[k])r=mid;

        else l=mid+1;

    }

    lm[k]=l;

    l=k,r=n;

    while(l<r)

    {

        int mid=(l+r+1)/2;

        if(d[mid]-x<=s[k])l=mid;

        else r=mid-1;

    }

    rm[k]=l;

    lj(l,k);

}

void wh(int k)

{

    tree[k].x=min(tree[k*2].x,tree[k*2+1].x);

}

void build(int k,int L,int R)

{

    tree[k].l=L,tree[k].r=R;tree[k].bj=0;

    if(L==R){

        tree[k].x=dp[L];

        return;

    }

    int mid=(L+R)/2;

    build(k*2,L,mid);build(k*2+1,mid+1,R);

    wh(k);

}

void down(int k)

{

    if(tree[k].bj>0)

    {

        tree[k*2].bj+=tree[k].bj;tree[k*2+1].bj+=tree[k].bj;

        tree[k*2].x+=tree[k].bj;tree[k*2+1].x+=tree[k].bj;

        tree[k].bj=0;

    }

}

int ask(int k,int L,int R)

{

    if(L>R)return 0;

    down(k);

    if(tree[k].l>=L&&tree[k].r<=R)

    {

        return tree[k].x;

    }

    int mid=(tree[k].l+tree[k].r)/2;

    int u=inf;

    if(L<=mid)u=min(u,ask(k*2,L,R));

    if(R>mid)u=min(u,ask(k*2+1,L,R));

    return u;

}

void lian(int k,int L,int R,int v)

{

    if(L>R)return;

    down(k);

    if(tree[k].l>=L&&tree[k].r<=R)

    {

        tree[k].bj+=v;

        tree[k].x+=v;

        return;

    }

    int mid=(tree[k].l+tree[k].r)/2;

    if(L<=mid)lian(k*2,L,R,v);

    if(R>mid)lian(k*2+1,L,R,v);

    wh(k);

}

int ss()

{

    char ch;int v=0;

    while(!isdigit(ch=getchar()));v=v+ch-'0';

    while(isdigit(ch=getchar()))v=(v<<1)+(v<<3)+ch-'0';

    return v;

}

int main()

{

    n=ss();k=ss();

    for(int i=2;i<=n;i++)d[i]=ss();

    for(int i=1;i<=n;i++)c[i]=ss();

    for(int i=1;i<=n;i++)s[i]=ss();

    for(int i=1;i<=n;i++)w[i]=ss();

    n++;d[n]=inf;

    for(int i=1;i<=n;i++)get(i);

    int tmp=0;

    for(int i=1;i<=n;i++){

        dp[i]=tmp+c[i];

        int p=head[i];

        while(p!=0)

        {

            tmp+=w[e[p].v];

            p=e[p].nex;

        }

    }

    int ans=dp[n];

    for(int i=2;i<=k+1;i++)

    {

        build(1,1,n);

        for(int j=1;j<=n;j++){

            dp[j]=ask(1,1,j-1)+c[j];

            int p=head[j];

            while(p!=0){

                lian(1,1,lm[e[p].v]-1,w[e[p].v]);

                p=e[p].nex;

            }

        }

        ans=min(ans,dp[n]);

    }

    cout<<ans<<endl;

    return 0;

}

巴特西

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