CCPC-Wannafly & Comet OJ 夏季欢乐赛(2019)E
2024-09-05 10:43:43
这个题暴好啊,考了很多东西。
首先设f(x)为离终点还有x步要走的期望步数,我们可以发现 :
1.x>=k时,x可以转移到的点的下标都<x。
2.x<k时,则可能走回到x或者下标更大的点。
因为k特别小,所以我们可以把 f(0) (显然是0),f(1),f(2),.....,f(k-1) 暴力高斯消元出来 (这个你们不会的话可以试着把每个0<x<k的x的等式写出来,然后把f(x)项全移到左边,其他项全移到右边,就可以得到一个方程;这样可以列k-1个方程,正好k-1个未知数,高斯消元模板)。
这样我们就解决了2.情况。于是对于大量1.情况,我们便可以用2.情况推的下标比较小的f() 做矩阵乘法。
所以这就是两个题:先建一个矩阵然后高斯消元,再建一个然后矩阵快速幂,最后再做一次向量乘矩阵就可以得到答案了。
#include<bits/stdc++.h>
#define ll long long
using namespace std;
const int N=23,ha=1000000007; inline int add(int x,int y){ x+=y; return x>=ha?x-ha:x;}
inline void ADD(int &x,int y){ x+=y; if(x>=ha) x-=ha;} inline int ksm(int x,int y){
int an=1;
for(;y;y>>=1,x=x*(ll)x%ha) if(y&1) an=an*(ll)x%ha;
return an;
} int k,inv,Inv,ans;
ll n; struct node{
int a[N][N]; inline void clear(){ memset(a,0,sizeof(a));}
inline void Base(){
clear();
for(int i=0;i<=k;i++) a[i][i]=1;
} node operator *(const node &u)const{
node r; r.clear();
for(int l=0;l<=k;l++)
for(int i=0;i<=k;i++)
for(int j=0;j<=k;j++) ADD(r.a[i][j],a[i][l]*(ll)u.a[l][j]%ha);
return r;
} inline void build(){
clear(),a[k][k]=1; for(int i=1;i<k;i++){
a[i][k]=(i*2>k)?1:k*(ll)Inv%ha,a[i][i]=1; for(int j=1,to;j<=k;j++){
to=i-j;
if(to<0) to=-to;
if(to&&to!=i) ADD(a[i][to],ha-((i*2>k)?inv:Inv));
}
}
} inline void solve(){
for(int i=1,ne;i<k;i++){
for(int j=i;j<k;j++) if(a[j][i]){ ne=j; break;}
if(ne!=i) for(int l=i;l<=k;l++) swap(a[ne][l],a[i][l]); int ni=ksm(a[i][i],ha-2),now;
for(int j=i+1;j<k;j++){
now=ni*(ll)a[j][i]%ha;
for(int l=i;l<=k;l++) ADD(a[j][l],ha-a[i][l]*(ll)now%ha);
}
} for(int i=k-1;i;i--){
for(int j=i+1;j<k;j++) ADD(a[i][k],ha-a[i][j]*(ll)a[j][k]%ha);
a[i][k]=a[i][k]*(ll)ksm(a[i][i],ha-2)%ha;
// printf("%d %d\n",i,a[i][k]);
}
} inline void init(){
clear();
for(int i=k-2;i>=0;i--) a[i+1][i]=1;
for(int i=0;i<k;i++) a[i][k-1]=inv;
a[k][k-1]=1,a[k][k]=1;
}
}A,X,ANS; int main(){
scanf("%lld%d",&n,&k),inv=ksm(k,ha-2),Inv=ksm(k-1,ha-2);
if(k==1){ printf("%d\n",n%ha); return 0;} A.build(),A.solve(),X.init();
n-=k-1,ANS.Base();
for(;n;n>>=1,X=X*X) if(n&1) ANS=ANS*X; for(int i=0;i<=k;i++) ADD(ans,A.a[i][k]*(ll)ANS.a[i][k-1]%ha);
printf("%d\n",ans);
return 0;
}
最新文章
- SQL Server开发接口生成方法
- 《C程序设计的抽象思维》2.10编程练习(未完)
- 简单实现Redis缓存中的排序功能
- c#.net 调用BouncyCastle生成PEM格式的私钥和公钥
- Unable to create the store directory. (Exception from HRESULT: 0x80131468)
- 剑指offer--面试题10
- Codeforces Gym 100418A A - A+-B java高精度
- Oracle控制文件丢失,日志文件丢失
- DOS 全集
- MySQL 基础学习
- Hook SSDT中NtCreateProcessEx
- Angular JS从入门基础 mvc三层架构 常用指令
- Java基础之类和对象、单例模式、继承
- 应用UUID简化设计
- SqlServer 将纯数字的时间转换为DateTime
- tar解压指定文件
- MyBatis(10)使用association进行分步查询
- Police Stations CodeForces - 796D (bfs)
- 集合框架-ArrayList,Vector,Linkedlist
- 记录常用的git命令