AcWing 217. 绿豆蛙的归宿（概率期望+拓扑排序）打卡

给出一个有向无环的连通图，起点为1，终点为N，每条边都有一个长度。

数据保证从起点出发能够到达图中所有的点，图中所有的点也都能够到达终点。

绿豆蛙从起点出发，走向终点。

到达每一个顶点时，如果有K条离开该点的道路，绿豆蛙可以选择任意一条道路离开该点，并且走向每条路的概率为 1/K 。

现在绿豆蛙想知道，从起点走到终点所经过的路径总长度的期望是多少？

输入格式

第一行: 两个整数 N， M，代表图中有N个点、M条边。

第二行到第 1+M 行: 每行3个整数 a, b, c，代表从a到b有一条长度为c的有向边。

输出格式

输出从起点到终点路径总长度的期望值，结果四舍五入保留两位小数。

数据范围

1≤N≤1051≤N≤105,
1≤M≤2N1≤M≤2N

输入样例：

输出样例：

7.00

题意：起点为1，终点为n，在这个有向图上求1-n的路径长度的期望，每个点的分支是K条，那么这k条走到的概率为1/k
思路：首先我们计算的时候，因为当前点的相邻边是k条，那么每条的概率为1/k，那么路径就是1/k*(当前边长)，我们可以发现当前点是由前驱的概率传过来的，我们可以计算出到每个点的概率是多少
然后再去乘当前边长度，这样点与点互相传递即可，然后我们知道具体思路后，可以转化一个dp
f[x]代表当前点到终点的期望长度，然后可以推导f[x]=1/k累加（1-k）(f[y]+边长）
f[1]即为所求答案

#include<bits/stdc++.h>

#define maxn 100005

#define mod 1000000007

using namespace std;

typedef long long ll;

ll n,m;

ll d[maxn+];

ll deg[maxn+];

double f[maxn+];

vector<pair<ll,ll> > mp[maxn+];

ll x,y,z;

int main(){

    cin>>n>>m;

    for(int i=;i<m;i++){

        cin>>x>>y>>z;

        mp[y].push_back(make_pair(x,z));

        d[x]++;

        deg[x]++;

    }

    queue<ll> q;

    q.push(n);

    while(!q.empty()){

        ll w=q.front();

        q.pop();

        for(int i=;i<mp[w].size();i++){

            pair<ll,ll> v=mp[w][i];

            f[v.first]+=(double)(f[w]+v.second)/deg[v.first];

            if(--d[v.first]==){

                q.push(v.first);

            }

        }

    }

    printf("%.2lf",f[]);

}

/*

4 4

1 2 1

1 3 2

2 3 3

3 4 4

*/

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