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写完之后看到题解区的三分吓了一跳

分析与解答

由于最终答案与边权有关，所以不妨考虑判断一条边是否会对答案有贡献。

记 \(dis\) 表示以点 \(1\) 为源点的最短路径长度，那么答案可以表示为 \(X \times C + \sum\limits_{i=1}^{m} d_i\ [\max(dis_{a_i}, dis_{b_i}) \gt X]\)，也就是说只有当一条道路两端点的最短路长度均大于当前 \(X\) 时，这条道路的才会对答案有贡献。

这一点是可以根据题目描述得到的。

然后注意到一个事实：虽然题目中说 \(X\) 可以取任意自然数，但是显然 \(X\) 取以点 \(1\) 为源点的一条最短路径长度时最优。显然易证·也就是说枚举 \(X\) 的值时只需要枚举 \(dis\) 数组即可。

所以我们只需要求出以点 \(1\) 为源点的最短路径长度，然后求出每一条边想要被计入答案所需要的最小 \(X\) 值，记为 \(val\)，即 \(\max(dis_{a_i}, dis_{b_i})\)，然后按照该值对边排序，最后按照枚举当前 \(val\) 计算答案即可。

形象地说，就是在对边进行排序只后，选用一条边 \(i\) 作为“分界点”，所有 \(val_j \gt val_i\) 的边 \(j\) 的边权都会计入答案，其他则不会。

记得开 long long 。

这里运用堆优化的 Dijkstra 算法求最短路，时间复杂度 \(\Theta(n \log n)\)

Code

#include <cstdio>

#include <algorithm>

#include <iostream>

#include <cstring>

#include <queue>

using namespace std;

typedef long long ll;

typedef pair<long long,int> pli;

const int MAXN = 100010;

const int MAXM = 200010;

const ll INF = 0x3f3f3f3f3f3f3f3f;

int n, m, c;

struct edge1{

	int u, v, w;

	ll val; int ind;

	bool operator<(const edge1 &o)const{return val < o.val;}

}a[MAXM];

struct edge{

	int ne, to, w;

	edge(int N=0,int T=0,int W=0):ne(N),to(T),w(W){}

}e[MAXM<<1];

int fir[MAXN], num = 0;

inline void join(int a, int b, int c)

{

	e[++num] = edge(fir[a], b, c);

	fir[a] = num;

}

ll dis[MAXN];

bool vis[MAXN];

priority_queue<pli,vector<pli>,greater<pli> > h;

inline void dijkstra(int s = 1)

{

	for(int i=1;i<=n;i++)

		dis[i] = INF, vis[i] = 0;

	dis[s] = 0;

	h.push(make_pair(dis[s], s));

	while(!h.empty())

	{

		int u = h.top().second;

		h.pop();

		vis[u] = 1;

		for(int i=fir[u];i;i=e[i].ne)

		{

			int v = e[i].to;

			if(dis[v] > dis[u] + e[i].w)

			{

				dis[v] = dis[u] + e[i].w;

				if(!vis[v]) h.push(make_pair(dis[v], v));

			}

		}

	}

}

int main()

{

	ll sum = 0, ans = 0;

	scanf("%d%d%d",&n,&m,&c);

	for(int i=1;i<=m;i++)

	{

		scanf("%d%d%d",&a[i].u,&a[i].v,&a[i].w);

		join(a[i].u, a[i].v, a[i].w);

		join(a[i].v, a[i].u, a[i].w);

		a[i].ind = i;

		sum += a[i].w;

	}

	ans = sum;

	dijkstra(1); // 求最短路

	for(int i=1;i<=m;i++)

		a[i].val = max(dis[a[i].u], dis[a[i].v]);

	sort(a+1, a+m+1);

	for(int i=1;i<=m;i++)

	{

		sum -= a[i].w;

		ans = min(ans, sum+1ll*a[i].val*c);

        // 枚举以一条边为分界点时的答案

	}

	printf("%lld\n",ans);

	return 0;

}

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