hdu 4336 Card Collector(状压dp/Min-Max反演)
2024-09-04 20:58:30
##解题思路
第一种方法是状压$dp$,设$f(S)$为状态$S$到取完的期望步数,那么$f(S)$可以被自己转移到,还可以被$f(S|(1<<i))$转移到,$i$为$S$中没有的一个元素。
第二种方法是$Min-Max$反演,要求的其实就是$max(S)$,反演得$max(S)=\sum\limits_{T\subseteq S}min(T)$,而$min(T)=\sum p(i)$($i$是$T$的子集)。
##代码
状压
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<cstdlib>
using namespace std;
const int N=20;
int n;
double p[N+2],ans,f[(1<<N)+2];
int main(){
while(~scanf("%d",&n)){
memset(f,0,sizeof(f));
for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%lf",&p[i]);
for(int S=(1<<n)-2;~S;S--){
double sum=0,now=0;
for(int j=1;j<=n;j++)
if(!((1<<(j-1))&S)) now+=p[j],sum+=p[j]*f[S|(1<<(j-1))];
f[S]=sum/now+1/now;
}
printf("%.5lf\n",f[0]);
}
return 0;
}
$Min-Max$反演
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
using namespace std;
const int N=22;
int n;
double ans,p[N];
int main(){
while(~scanf("%d",&n)){
ans=0;
for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%lf",&p[i]);
for(int S=1;S<(1<<n);S++){
int cnt=0;double now=0;
for(int i=1;i<=n;i++)
if(S&(1<<(i-1))) cnt++,now+=p[i];
if(cnt&1) ans+=1/now;
else ans-=1/now;
}
printf("%.7lf\n",ans);
}
return 0;
}
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