Mophues HDU - 4746 (莫比乌斯反演)
2024-10-21 01:41:52
Mophues
\[Time Limit: 10000 ms\quad Memory Limit: 262144 kB
\]
\]
题意
求出满足 \(gcd\left(a,b\right) = k\),其中\(1\leq a\leq n,1\leq b \leq m\)且 \(k\) 的因子数 \(\leq P\)
思路
\(g\left(x\right)\) 表示 \(gcd\left(a, b\right) | x\) 的对数
\(f\left(x\right)\) 表示 \(gcd\left(a, b\right) = x\) 的对数
根据莫比乌斯反演有
\[ f\left(n\right) = \sum_{n|d} g\left(d\right)\\
g\left(n\right) = \sum_{n|d} \mu\left(\frac{d}{n}\right) f\left(d\right) \\
\]
g\left(n\right) = \sum_{n|d} \mu\left(\frac{d}{n}\right) f\left(d\right) \\
\]
根据题意
\[ f\left(x\right) = \lfloor\frac{n}{x}\rfloor \lfloor\frac{m}{x}\rfloor \\
\]
\]
那么可以得到
\[\begin{aligned}
ans &= \sum_{k\in 条件} \sum_{k|d} \mu\left(\frac{d}{k}\right) \lfloor\frac{n}{d}\rfloor\lfloor\frac{m}{d}\rfloor\\
&= \sum_{d}\lfloor\frac{n}{d}\rfloor\lfloor\frac{m}{d}\rfloor \sum_{k|d}\mu\left(\frac{d}{k}\right) \left(k \in 条件\right)
\end{aligned}
\]
ans &= \sum_{k\in 条件} \sum_{k|d} \mu\left(\frac{d}{k}\right) \lfloor\frac{n}{d}\rfloor\lfloor\frac{m}{d}\rfloor\\
&= \sum_{d}\lfloor\frac{n}{d}\rfloor\lfloor\frac{m}{d}\rfloor \sum_{k|d}\mu\left(\frac{d}{k}\right) \left(k \in 条件\right)
\end{aligned}
\]
因 \(n \leq 10^{5}\),其中最多的因子数不会超过 \(19\)。
令 \(c[d][p]\) 表示 \(\sum_{k|d}\mu\left(\frac{d}{k}\right)\),其中 \(k\) 的因子数\(\leq p\)。通过 \(nlogn\) 暴力打表出 \(p<=19\) 的情况,当 \(p>19\) 时,所有的对数都满足条件。
由于 \(\lfloor\frac{n}{d}\rfloor \lfloor\frac{m}{d}\rfloor\) 的存在,需要整除分块,所以对于求出来的 \(c[d][p]\) 还需要统计前缀和。
/***************************************************************
> File Name : a.cpp
> Author : Jiaaaaaaaqi
> Created Time : 2019年07月17日 星期三 14时38分33秒
***************************************************************/
#include <map>
#include <set>
#include <list>
#include <ctime>
#include <cmath>
#include <stack>
#include <queue>
#include <cfloat>
#include <string>
#include <vector>
#include <cstdio>
#include <bitset>
#include <cstdlib>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#define lowbit(x) x & (-x)
#define mes(a, b) memset(a, b, sizeof a)
#define fi first
#define se second
#define pii pair<int, int>
typedef unsigned long long int ull;
typedef long long int ll;
const int maxn = 5e5 + 10;
const int maxm = 1e5 + 10;
const ll mod = 1e9 + 7;
const ll INF = 1e18 + 100;
const int inf = 0x3f3f3f3f;
const double pi = acos(-1.0);
const double eps = 1e-8;
using namespace std;
int n, m, P;
int cas, tol, T;
int pri[maxn], mob[maxn], cnt[maxn];
ll c[maxn][20];
bool ispri[maxn];
void handle() {
mes(pri, 0), mes(ispri, 1);
tol = 0;
int mx = 5e5;
mob[1] = 1;
cnt[1] = 0;
for(int i=2; i<=mx; i++) {
if(ispri[i]) {
pri[++tol] = i;
mob[i] = -1;
cnt[i] = 1;
}
for(int j=1; j<=tol&&i*pri[j]<=mx; j++) {
ispri[i*pri[j]] = false;
cnt[i*pri[j]] = cnt[i]+1;
if(i%pri[j] == 0) {
mob[i*pri[j]] = 0;
break;
} else {
mob[i*pri[j]] = -mob[i];
}
}
}
mes(c, 0);
for(int i=1; i<=mx; i++) {
for(int j=i; j<=mx; j+=i) {
c[j][cnt[i]] += mob[j/i];
}
}
for(int i=1; i<=mx; i++) {
for(int j=1; j<=19; j++) {
c[i][j] += c[i][j-1];
}
}
for(int i=1; i<=mx; i++) {
for(int j=0; j<=19; j++) {
c[i][j] += c[i-1][j];
}
}
}
int main() {
handle();
scanf("%d", &T);
while(T--) {
scanf("%d%d%d", &n, &m, &P);
if(n > m) swap(n, m);
if(P > 19) {
printf("%lld\n", 1ll*n*m);
continue;
}
ll ans = 0;
int l = 0, r;
for(int i=1; i<=n; i++) {
r = min(n/(n/i), m/(m/i));
ans += 1ll*(n/i)*(m/i)*(c[r][P]-c[l][P]);
i = r;
l = r;
}
printf("%lld\n", ans);
}
return 0;
}
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