zoj 3812 状压dp

转载：http://blog.csdn.net/qian99/article/details/39138329

题意：给出n个物品，每个物品有两种属性Wi,Ti，有q组查询，每组查询要求在n个物品中选出一些，并使得两个属性的和为Mi，Si。

思路：刚开始看感觉是神题，后来仔细想了想，其实本质上就是个背包。最裸着写的话，那么就是dp[i][j][k]表示使用前i个物品，是否可以凑出第一个属性j，第二个属性k，要输出方案的话记录一下路径就可以了。一开始这么写了一发，加了一些乱七八糟的优化，还是会T。虽然这题时限还算宽，但这么写复杂度还是太高了。考虑到第一个属性最多只有50，那么可以用一个二进制数来表示是否能凑出第一个属性的情况，即：第i位为1表示可以凑出i。使用这种方法的好处是对于物品i可以直接算出第一种属性的组合情况，枚举一下新增的位，更新一下结果就行了。

代码：

#include<iostream>

#include<cstdio>

#include<cstring>

#include<string>

#include<algorithm>

#include<map>

#include<queue>

#include<stack>

#include<set>

#include<cmath>

#include<vector>

#define inf 0x3f3f3f3f

#define Inf 0x3FFFFFFFFFFFFFFFLL

#define eps 1e-8

#define pi acos(-1.0)

using namespace std;

typedef long long ll;

typedef unsigned long long ull;

const int maxn = 400 + 10;

const int M = 51;

short ans[200010][52];

ull f[200010];

int W[maxn],T[maxn];

map<ull,int>mp;

int main()

{

// freopen("in.txt","r",stdin);

// freopen("out.txt","w",stdout);

for(int i = 1;i <= M + 1;++i)

mp[1LL<<(i-1LL)] = i;

int t,n,q;

scanf("%d",&t);

while(t--)

{

scanf("%d%d",&n,&q);

memset(ans,0,sizeof(ans));

memset(f,0,sizeof(f));

f[0] = 1;

ull v,x;

for(int i = 1;i <= n;++i)

{

scanf("%d%d",&W[i],&T[i]);

for(int j = 200000;j >= T[i];--j)

{

v = f[j]; //f[j]表示第二个属性为j时，能够凑出的第一个属性的集合，用一个二进制数表示，第i位为1表示可以凑出这个数

f[j] |= (f[j - T[i]]<<W[i]) & ((1LL<<M+1) - 1); //计算使用当前物品能够得到的新的集合，在集合f[j - T[i]]添加W[i]的物品，

//即原来能得到的每个值加上W[i]，等价于将其左移W[i]位

for(ull k = v ^ f[j];k ; k &= k-1) //枚举新增加的集合

{

x = (k ^ (k - 1)) & k;

ans[j][mp[x] - 1] = i; //将新增的位置更新，记录是使用了哪个物品达到的这个状态

}

}

}

int m,s,p;

for(int i = 0;i < q;++i)

{

scanf("%d%d",&m,&s);

if(!ans[s][m])

puts("No solution!");

else

{

printf("%d",ans[s][m]);

p = ans[s][m];

m -= W[p];

s -= T[p];

while(m)

{

p = ans[s][m];

printf(" %d",p);

m -= W[p];

s -= T[p];

}

puts("");

}

}

}

return 0;

}

巴特西

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