【BZOJ 1003】 [ZJOI2006]物流运输trans

Description

物流公司要把一批货物从码头A运到码头B。由于货物量比较大，需要n天才能运完。货物运输过程中一般要转停好几个码头。物流公司通常会设计一条固定的运输路线，以便对整个运输过程实施严格的管理和跟踪。由于各种因素的存在，有的时候某个码头会无法装卸货物。这时候就必须修改运输路线，让货物能够按时到达目的地。但是修改路线是一件十分麻烦的事情，会带来额外的成本。因此物流公司希望能够订一个n天的运输计划，使得总成本尽可能地小。

Input

第一行是四个整数n（1<=n<=100）、m（1<=m<=20）、K和e。n表示货物运输所需天数，m表示码头总数，K表示每次修改运输路线所需成本。接下来e行每行是一条航线描述，包括了三个整数，依次表示航线连接的两个码头编号以及航线长度（>0）。其中码头A编号为1，码头B编号为m。单位长度的运输费用为1。航线是双向的。再接下来一行是一个整数d，后面的d行每行是三个整数P（ 1 < P < m）、a、b（1 < = a < = b < = n）。表示编号为P的码头从第a天到第b天无法装卸货物（含头尾）。同一个码头有可能在多个时间段内不可用。但任何时间都存在至少一条从码头A到码头B的运输路线。

Output

包括了一个整数表示最小的总成本。总成本=n天运输路线长度之和+K*改变运输路线的次数。

Sample Input

5 5 10 8
1 2 1
1 3 3
1 4 2
2 3 2
2 4 4
3 4 1
3 5 2
4 5 2
4
2 2 3
3 1 1
3 3 3
4 4 5

Sample Output

HINT

前三天走1-4-5，后两天走1-3-5，这样总成本为(2+2)*3+(3+2)*2+10=32

这个题的数据范围是m<=20，所以第一想到状压，后来想了想好像不行的样子

之后想预处理出所有路径，在每一个时间确定能走那条，未果

没骨气的看了题解，才知道要处理出每个时间段内的最短路，然后DP

t[i][j] 表示第i天到第y天的最短路

f[1][j]初值为f[j]*j,f[j]=min(f[j],f[i]+K+(t[j+1][i])*(i-j))

 #include<cstdio>

 #include<cstring>

 #include<iostream>

 #define ll long long

 using namespace std;

 const int N=;

 int q[N*],dis[N],head[N];

 ll f[N],t[N][N];

 bool pd[N][N],inq[N],no[N];

 int cnt,n,m,K,e1,d;

 struct ee{int to,next,w;}e[N*N];

 void ins(int u,int v,int w){

     e[++cnt].to=v,e[cnt].next=head[u],e[cnt].w=w,head[u]=cnt;

     e[++cnt].to=u,e[cnt].next=head[v],e[cnt].w=w,head[v]=cnt;

 }

 int spfa(int x,int y){

     int l=,r=;

     memset(no,,sizeof(no));

     memset(dis,/,sizeof(dis));

     memset(inq,,sizeof(inq));

     for(int i=x;i<=y;i++)

         for(int j=;j<=m;j++) if(pd[i][j]) no[j]=;

     dis[]=;q[++r]=;

     while(l<r){

         int now=q[++l];

         for(int i=head[now];i;i=e[i].next){

             int v=e[i].to;if(no[v]) continue;

             if(e[i].w+dis[now]<dis[v]){

                 dis[v]=e[i].w+dis[now];

                 if(!inq[v]){

                     q[++r]=v;

                     inq[v]=;

                 }

             }

         }

         inq[now]=;

     }

     return dis[m];

 }

 void dp(){

     for(int i=;i<=n;i++){

         f[i]=(ll)t[][i]*i;

         for(int j=;j<i;j++)

         f[i]=min(f[i],f[j]+K+(t[j+][i])*(i-j));

     }

 }

 int main(){

     scanf("%d%d%d%d",&n,&m,&K,&e1);

     int u,v,w,p,a,b;

     for(int i=;i<=e1;i++){

         scanf("%d%d%d",&u,&v,&w);

         ins(u,v,w);

     }

     scanf("%d",&d);

     for(int i=;i<=d;i++){

         scanf("%d%d%d",&p,&a,&b);

         for (int j=a;j<=b;j++) pd[j][p]=;

     }

     for (int i=;i<=n;i++)

         for (int j=;j<=n;j++)

             t[i][j]=spfa(i,j);

     dp();

     printf("%lld",f[n]);

 }

巴特西