【テンプレート】字符串hash
不懂hash是什么的盆友给出直通车:滴滴滴,开车啦~
如果你看懂了的话:
hash模板来也~
#include <cstdio>
#include <string>
#include <iostream>
#include <algorithm> using namespace std; typedef long long LL; const int N = 1e5 + ; //
const int D = ; //质数
const int MD = 1e9 + ; //大质数 int n;
string s; unsigned long long f[N], g[N]; //g[i]为D的i次方 void prehash(int n) //进行预处理
{
// 预处理时,注意到数字可能很大,对一个数 MD 取模
f[] = s[];//预处理前缀和(进行强制类型转)
for(int i=; i<=n; i++)
f[i] = (1LL * f[i-] * D + s[i-]) % MD; g[] = ; //预处理D
for(int i=; i<=n; i++)
g[i] = 1LL * g[i-] * D % MD;
} int hash(int l, int r) //计算区间 [l,r] 的哈希值
{
int a = f[r];
int b = 1LL * f[l-] * g[r-l+] % MD; return (a - b + MD) % MD; //+MD是为了防止出现负数
} int main()
{
cin >> s;
n = s.length();
prehash(n); while(!cin.eof())//直至按ctrl+z键退出!
{
int l, r;
cin >> l >> r;
cout << s.substr(l-, r-l+) << ": " << hash(l, r) << endl;
//从l-1到r-l+1的字符
} return ;
}
良心推荐洛谷练手题:
1.P3370【模板】字符串哈希
题目描述
如题,给定N个字符串(第i个字符串长度为Mi,字符串内包含数字、大小写字母,大小写敏感),请求出N个字符串中共有多少个不同的字符串。
友情提醒:如果真的想好好练习哈希的话,请自觉,否则请右转PJ试炼场:)
输入输出格式
输入格式:
第一行包含一个整数N,为字符串的个数。
接下来N行每行包含一个字符串,为所提供的字符串。
输出格式:
输出包含一行,包含一个整数,为不同的字符串个数。
输入输出样例
5
abc
aaaa
abc
abcc
12345
4
说明
时空限制:1000ms,128M
数据规模:
对于30%的数据:N<=10,Mi≈6,Mmax<=15;
对于70%的数据:N<=1000,Mi≈100,Mmax<=150
对于100%的数据:N<=10000,Mi≈1000,Mmax<=1500
样例说明:
样例中第一个字符串(abc)和第三个字符串(abc)是一样的,所以所提供字符串的集合为{aaaa,abc,abcc,12345},故共计4个不同的字符串。
Tip: 感兴趣的话,你们可以先看一看以下三题:
BZOJ3097:http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=3097
BZOJ3098:http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=3098
BZOJ3099:http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=3099
如果你仔细研究过了(或者至少仔细看过AC人数的话),我想你一定会明白字符串哈希的正确姿势的^_^
思路:
题解里面是有很多种方法的,但是我认为能够搞懂一种就已经很不错了……
所以我给出的思路就是用set来进行统计,set只能够允许一种数字出现一次,所以我们就可以将给出的字符串的hash值求出来
然后加入到set里面,最后直接输出set里面有多少数就行啦~
PS:
定义函数的时候不要用"hash"这个名字,在洛谷里是关键字!!!
上代码=u=:
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <string>
#include <cstring>
#include <set> using namespace std; typedef unsigned long long ull;
typedef long long LL;
set<ull>ssr; const int N = ;
const int D = ; //质数
const ull MD= 1e9 + ; //大质数 LL n,len;
string s; ull f[N];//预处理前缀和
ull g[N];//预处理 D的i次方 int yuchuli(int q)
{
memset(f,,sizeof(f));
memset(g,,sizeof(g));
f[]=s[];
for(int i=;i<=q;i++)
f[i] = (1LL * f[i-] * D +s[i-]) % MD;
g[]=;
for(int i=;i<=q;i++)
g[i] = 1LL * g[i-] * D % MD;
} int hashs(int l,int r)
{
ull a = f[r];
ull b = 1LL * f[l-] *g[r-l+] % MD; return (a - b + MD) % MD;
} int main()
{
cin>>n;
while(n--)
{
cin>>s;
len=s.length();
yuchuli(len);
ull qq = hashs(,len);
ssr.insert(qq);
}
cout<<ssr.size();
return ;
}
2.
cogs249. [POI2000] 最长公共子串
★★★ 输入文件:pow.in
输出文件:pow.out
简单对比
时间限制:1 s 内存限制:256 MB
给出几个由小写字母构成的单词,求它们最长的公共子串的长度。
任务
- 从文件中读入单词
- 计算最长公共子串的长度
- 输出结果到文件
输入
文件的第一行是整数 n,1<=n<=5,表示单词的数量。接下来n行每行一个单词,只由小写字母组成,单词的长度至少为1,最大为2000。
输出:
仅一行,一个整数,最长公共子串的长度。
样例输入:
3
abcb
bca
acbc
样例输出:
2
思路:
正解据说是后缀数组呢!后缀数组是什么鬼???我又不会...只好胡乱搞hash啦~结果一搞...奇迹的就WA了一个点,结果又胡乱改了一下Mod,然后就A了...真不可思议w
Ps:脑洞产物(正解xxx),能不能过全看 your rp!!!
话不多说:
hash的思路:
- pre:
首先话不多说,跟普通hash一样把每一个单词的hash值求一下,然后快乐地开始进行二分公共子串的长度
- 结束条件:
- 时间复杂度:
坑点:
上代码=v=:
#include <algorithm>
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <cstdio>
#include <cmath>
#define INF 0x7fffffff
#define LL long long
using namespace std; const int D = ;
const int Mod = ;
const int N = ;
const int le = ;
int n,minl,ans;
LL f[N][le],g[le];
int len[N];
char str[le];
int vis[Mod+],times[Mod+]; bool check(int x)
{
memset(vis,,sizeof(vis));
memset(times,,sizeof(times));
LL cv=g[x];
for(int i=;i<=n;++i)
{
for(int j=x;j<=len[i];++j)
{
LL nowhash=(f[i][j]-(f[i][j-x]*cv)%Mod+Mod)%Mod;
if(vis[nowhash]!=i)
{
++times[nowhash];
vis[nowhash]=i;
if(times[nowhash]==n)
return true;
}
}
}
return false;
} void prehash(int i)
{
f[i][]=str[]-'a'+;
for(int j=;j<=len[i];++j)
f[i][j]=(f[i][j-]*D+(str[j-]-'a'+))%Mod;
} void dichotomy()
{
int l=,r=minl+;
while(l<r)
{
int mid=(l+r)>>;
if(check(mid))
ans=mid,l=mid+;
else
r=mid;
}
printf("%d",ans);
} int main()
{
freopen("pow.in", "r", stdin);
freopen("pow.out", "w", stdout);
scanf("%d",&n);
minl=INF;
for(int i=;i<=n;++i)
{
scanf("%s",str);
len[i]=strlen(str);
if(len[i]<minl) minl=len[i];
prehash(i);
}
g[]=;
for(int i=;i<=minl;++i)
g[i]=1LL*g[i-]*D%Mod;
dichotomy();
return ;
}
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