Hills And Valleys 杭电多校第五场
2024-09-07 14:44:00
题意:长度为n的序列,有一次翻转区间的机会,问最长不减序列
题解:如果没有翻转区间的机会,有两个做法。
一是dp[i]表示以i结尾的最长序列 dp[i]=max(dp[i],dp[j]+1) (j<=i)。
二是那个抽牌替换的解法。
这道题可以翻转但是值域很小,所以考虑最长子序列和值域的关系。
选择第一种解法改进。
显然不翻转的话是序列A与 序列B ={0123456789} 来匹配,B中的元素可以被匹配到多次。
现在要求翻转一次后的最长子序列,直接翻转A的复杂度是C(n,2)*n*10。
考虑有效翻转的意义,一定是将(只有)一个递减的序列变为递增。
这就相当于在被匹配的B序列中插入一个递减序列来被A匹配。
比如A是12345564678,直接匹配的对应的B'序列是12345(64)678,也就是B中多加了一个递减序列。
所以可以不翻转A,翻转B,这样复杂度就将为C(10,2)*n*20。
实现问题的话,可以在第二位数值域上多加10个来记录要添加的递减序列长度。
关于记录位置,因为只需考虑值域,所以只需开两个L[20],R[20]数组来记录以数字i结尾的(每个数分递减递增)左边和右边翻转区域即可。
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int N=1e5+;
int dp[N][],n,T,len[],L[],R[];
int ans,l,r;
char s[N];
void solve(int ll,int rr){
int tar;
for(int i=;i<=n;++i) for(int j=;j<;++j) dp[i][j]=;
for(int i=;i<;++i) len[i]=;
for(int i=;i<;++i) L[i]=R[i]=;
for(int i=;i<=n;++i) {
tar=s[i]-'';
for(int j=tar;j>=;--j) {
if(dp[i][tar]<len[j]+) {
dp[i][tar]=len[j]+;
if(L[j]) L[tar]=L[j];else L[tar]=i;
if(R[j]) R[tar]=R[j];else R[tar]=i;
}
}
if(ll<=tar&&tar<=rr) {
for(int j=tar+;j<=+rr;++j) {
if(dp[i][tar+]<len[j]+) {
dp[i][tar+]=len[j]+;
if(!L[j]) L[tar+]=i;else L[tar+]=L[j];
R[tar+]=i;
}
}
for(int j=;j<=ll;++j) if(dp[i][tar+]<len[j]+){
dp[i][tar+]=len[j]+;
L[tar+]=R[tar+]=i;
}
}
if(tar>=rr) {
for(int j=+ll;j<=+rr;++j) {
if(dp[i][tar]<len[j]+) {
dp[i][tar]=len[j]+;
L[tar]=L[j],R[tar]=R[j];
}
}
}
if(dp[i][tar]>ans) ans=dp[i][tar],l=L[tar],r=R[tar];
if(ll<=tar&&tar<=rr&&ans<dp[i][tar+]) ans=dp[i][tar+],l=L[tar+],r=R[tar+];
for(int j=;j<;++j) len[j]=max(len[j],dp[i][j]);
}
}
int main(){
for(scanf("%d",&T);T--;){
scanf("%d",&n);
scanf("%s",s+);
ans=;
l=r=;
for(int i=;i<;++i) for(int j=i+;j<;++j) solve(i,j);
printf("%d %d %d\n",ans,l,r);
}
}
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