bzoj2120 / P1903 [国家集训队]数颜色 / 维护队列(带修改莫队)
2024-08-22 23:05:09
带修改的莫队
在原有指针$(l,r)$上又添加了时间指针$t$
贴一段dalao的解释
带修改的莫队,和原版莫队相比,多了一个时间轴
原版莫队是将区间(l,r)视为点(l,r),带修改的即加一维时间轴(l,r,t)
对于t轴的移动可以保存每次修改,如果修改在(l,r)间则更新
分块方法可以参照原版莫队,先将l分块,再讲r分块,同一块的按t排序
块大小为可以达到最快的理论复杂度 ,证明如下
设分块大小为a,莫队算法时间复杂度主要为t轴移动,同r块l,r移动,l块间的r移动三部分
t轴移动的复杂度为 ,同r块l,r移动复杂度为 ,l块间的r移动复杂度为
三个函数max的最小值当a为 取得,为
给出一个并不严格的假证明
每次查询时:
$t$轴每次最多移动$t$次。而$l,r$指针在块上的组合共$n^{2}/a^{2}$种,故复杂度$O(n^{2}t/a^{2})$
$l$轴每次最多移动$2a$次,最多$n$次。复杂度$O(na)$
$r$轴每次最多移动的次数是一个递减的等差数列:$n,n-a,n-2a.....$,最多共移动$((n+a)(n/a)/2)$次。所以复杂度就是$O(n^{2}/a)$辣
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<cmath>
using namespace std;
void read(int &x){
static char c=getchar();x=;
while(c<''||c>'') c=getchar();
while(''<=c&&c<='') x=x*+(c^),c=getchar();
}
#define N 50005
struct data{int x,y,t,id;}a[N];
struct modi{int id,pre,now;}d[N];
int Len,n,m,Q,T,L,R,tot,b[N],c[],ans[N]; inline int bel(int x){return (x-)/Len+;}
bool cmp(data A,data B){
if(bel(A.x)!=bel(B.x)) return bel(A.x)<bel(B.x);
if(bel(A.y)!=bel(B.y)) return bel(A.y)<bel(B.y);
return A.t<B.t;
}
int main(){
char opt[]; int q1,q2;
read(n);read(m); register int i;
for(i=;i<=n;++i) read(b[i]);
for(i=;i<=m;++i){
scanf("%s",opt),read(q1),read(q2);
if(opt[]=='Q') a[++Q]=(data){q1,q2,T,Q};
else d[++T].pre=b[q1],d[T].id=q1,d[T].now=b[q1]=q2;
}
Len=ceil(exp((log(n)+log(T))/));//bzoj酱紫写会RE,直接sqrt(n)就好辣 虽然复杂度没办法保证....
for(i=T;i;--i) b[d[i].id]=d[i].pre;
sort(a+,a+Q+,cmp);
L=R=; T=; c[b[]]=tot=;
for(int i=,Id;i<=Q;++i){
while(L<a[i].x) tot-=(c[b[L]]==),--c[b[L]],++L;
while(L>a[i].x) --L,tot+=(c[b[L]]==),++c[b[L]];
while(R<a[i].y) ++R,tot+=(c[b[R]]==),++c[b[R]];
while(R>a[i].y) tot-=(c[b[R]]==),--c[b[R]],--R;
while(T<a[i].t){
++T; Id=d[T].id;
if(L<=Id&&Id<=R) tot-=(c[b[Id]]==),--c[b[Id]];
b[Id]=d[T].now;
if(L<=Id&&Id<=R) tot+=(c[b[Id]]==),++c[b[Id]];
}
while(T>a[i].t){
Id=d[T].id;
if(L<=Id&&Id<=R) tot-=(c[b[Id]]==),--c[b[Id]];
b[Id]=d[T].pre; --T;
if(L<=Id&&Id<=R) tot+=(c[b[Id]]==),++c[b[Id]];
}
ans[a[i].id]=tot;
}
for(i=;i<=Q;++i) printf("%d\n",ans[i]);
return ;
}
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