【bzoj1221】[HNOI2001] 软件开发费用流

题目描述

某软件公司正在规划一项n天的软件开发计划，根据开发计划第i天需要ni个软件开发人员，为了提高软件开发人员的效率，公司给软件人员提供了很多的服务，其中一项服务就是要为每个开发人员每天提供一块消毒毛巾，这种消毒毛巾使用一天后必须再做消毒处理后才能使用。消毒方式有两种，A种方式的消毒需要a天时间，B种方式的消毒需要b天（b>a），A种消毒方式的费用为每块毛巾fA, B种消毒方式的费用为每块毛巾fB，而买一块新毛巾的费用为f（新毛巾是已消毒的，当天可以使用）；而且f>fA>fB。公司经理正在规划在这n天中，每天买多少块新毛巾、每天送多少块毛巾进行A种消毒和每天送多少块毛巾进行B种消毒。当然，公司经理希望费用最低。你的任务就是：为该软件公司计划每天买多少块毛巾、每天多少块毛巾进行A种消毒和多少毛巾进行B种消毒，使公司在这项n天的软件开发中，提供毛巾服务的总费用最低。

输入

第1行为n,a,b,f,fA,fB. 第2行为n1，n2，……，nn. （注：1≤f,fA,fB≤60，1≤n≤1000）

输出

最少费用

样例输入

4 1 2 3 2 1
8 2 1 6

样例输出

题解

费用流

本题和网络流24题-餐巾计划问题极为相似，唯一不同的是本题中消毒的实际相差时间为消耗时间+1

建图方法：

每个点拆成2个，分别为xi和yi。

S->xi，容量为ni，费用为0；yi->T，容量为ni，费用为0；S->yi，容量为ni（inf也一样），费用为f；

xi->xi+1，容量为inf，费用为0；xi->yi+a+1，容量为inf，费用为fa；xi->yi+b+1，容量为inf，费用为fb。

比较正经的理解方法：

将xi看作脏毛巾，将yi看作干净的毛巾。由于每天买毛巾的价格相同，所以一定是洗完或买完毛巾就立刻使用，所以yi直接向t连边。

每天能够得到ni条脏毛巾，这些脏毛巾不一定立刻送洗，所以xi想xi+1连边，表示留到下一天。

比较不正经的理解方法：

将xi看作脏毛巾，将yi看作干净的毛巾，要求每天需要ni条干净的毛巾，所以为有上下界费用流，因此原本应有边yi->xi，容量下界为ni，上界也为ni，费用为0。

其余的按照正常方法建图。

建图之后转化成一般费用流解决，发现图和上面的是一样的。

#include <cstdio>

#include <cstring>

#include <queue>

#define N 2500

#define M 100000

#define inf 0x7fffffff

using namespace std;

queue<int> q;

int head[N] , to[M] , val[M] , cost[M] , next[M] , cnt = 1 , s , t , dis[N] , from[N] , pre[N];

void add(int x , int y , int v , int c)

{

    to[++cnt] = y , val[cnt] = v , cost[cnt] = c , next[cnt] = head[x] , head[x] = cnt;

    to[++cnt] = x , val[cnt] = 0 , cost[cnt] = -c , next[cnt] = head[y] , head[y] = cnt;

}

bool spfa()

{

    int x , i;

    memset(from , -1 , sizeof(from));

    memset(dis , 0x3f , sizeof(dis));

    dis[s] = 0 , q.push(s);

    while(!q.empty())

    {

        x = q.front() , q.pop();

        for(i = head[x] ; i ; i = next[i])

            if(val[i] && dis[to[i]] > dis[x] + cost[i])

                dis[to[i]] = dis[x] + cost[i] , from[to[i]] = x , pre[to[i]] = i , q.push(to[i]);

    }

    return ~from[t];

}

int mincost()

{

    int ans = 0 , i , k;

    while(spfa())

    {

        k = inf;

        for(i = t ; i != s ; i = from[i]) k = min(k , val[pre[i]]);

        ans += k * dis[t];

        for(i = t ; i != s ; i = from[i]) val[pre[i]] -= k , val[pre[i] ^ 1] += k;

    }

    return ans;

}

int main()

{

    int n , a , b , f , fa , fb , i , x;

    scanf("%d%d%d%d%d%d" , &n , &a , &b , &f , &fa , &fb) , s = 0 , t = 2 * n + 1;

    for(i = 1 ; i <= n ; i ++ ) scanf("%d" , &x) , add(s , i , x , 0) , add(i + n , t , x , 0) , add(s , i + n , inf , f);

    for(i = 1 ; i < n ; i ++ ) add(i , i + 1 , inf , 0);

    for(i = 1 ; i <= n - a - 1 ; i ++ ) add(i , i + a + 1 + n , inf , fa);

    for(i = 1 ; i <= n - b - 1 ; i ++ ) add(i , i + b + 1 + n , inf , fb);

    printf("%d\n" , mincost());

    return 0;

}

巴特西

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