P5110 块速递推-光速幂、斐波那契数列通项

P5110 块速递推

题意

多次询问，求数列

\[a_i=\begin{cases}233a_{i-1}+666a_{i-2} & i>1\\
0 & i=0\\
1 & i=1\\
\end{cases}
\]

的第 \(n\) 项在 \(\mod 1e9+7\) 意义下的值的异或和。

思路

首先这个数列是一个广义斐波那契数列。对于广义斐波那契数列，我们一般是用矩阵快速幂求的。

但是，这个题的询问次数是 \(5e7\) 。

所以我们就必须用 \(O(1)\) 的方法处理询问。于是，一个自诩光速幂的东西登场了。

实际上，光速幂就是在 \(\sqrt n\) 的时间复杂度内预处理，然后 \(O(1)\) 查询。具体来讲，我们可以预处理出转移矩阵的 \(1、2、\cdots、\sqrt n\) 和 \(1\sqrt n、2\sqrt n、\cdots、\sqrt n \sqrt n\)

显然就可以 \(O(1)\) 求这个东西了。

但是！询问的数字大小肯定不是在模域范围内的，所以我们需要找循环节。

有一个问题就是，矩阵的循环节并不固定。

但是有一个结论，对角线元素互不相同的下三角矩阵的循环节为 \(\large\mathbf{\varphi_{mod}}\) 。但是笔者并不会证。

所以这题的正解并不是矩阵光速幂QAQ

我们可以用生成函数或者特征方程或者待定系数法来推出通项公式。具体推导过程与斐波那契数列的推导类似，然后用二次剩余将在根号下的项化成模域下的数，然后我们就得出了数列的通项公式：

\[a_n=233230706(94153035^n−905847205^n)\pmod{10^9}
\]

然而我用矩阵光速幂水过去了。

之后学了上面的东西之后可能会试着推一下。

代码

#include<iostream>

#include<cstdio>

#include<cstring>

#include<cctype>

#include<algorithm>

#define int unsigned

using namespace std;

inline int read(){

	int w=0,x=0;char c=getchar();

	while(!isdigit(c))w|=c=='-',c=getchar();

	while(isdigit(c))x=(x<<3)+(x<<1)+(c^48),c=getchar();

	return w?-x:x;

}

namespace star

{

	const int mod=1e9+7,ring=1e9+6,siz=31623;

	struct mat{

		int a[2][2];

		mat(){memset(a,0,sizeof a);}

		inline void set(){a[0][0]=a[1][1]=1;}

		inline int* operator [] (const int x){return a[x];}

		inline const int* operator [] (const int x) const {return a[x];}

		inline mat operator * (const mat &b)const{

			mat ans;

			for(int i=0;i<2;i++)

				for(int j=0;j<2;j++)

					for(int k=0;k<2;k++)

					(ans[i][j]+=1ll*a[i][k]*b[k][j]%mod)>=mod&&(ans[i][j]-=mod);

			return ans;

		}

	}now,pow[siz+1],Pow[siz+1];

	unsigned long long SA,SB,SC;

	void init(){scanf("%llu%llu%llu",&SA,&SB,&SC);}

	unsigned long long rand()

	{

	    SA^=SA<<32,SA^=SA>>13,SA^=SA<<1;

	    unsigned long long t=SA;

		SA=SB,SB=SC,SC^=t^SA;return SC;

	}

	inline void work(){

		now[0][1]=0,now[0][0]=1,pow[1][0][0]=233,pow[1][1][0]=666,pow[1][0][1]=1;

		pow[0].set();

		Pow[0].set();

		for(int i=2;i<=siz;i++)

			pow[i]=pow[i-1]*pow[1];

		Pow[1]=pow[siz];

		for(int i=2;i<=siz;i++)

			Pow[i]=Pow[i-1]*Pow[1];

		int T=read();

		init();

		unsigned ans=0;

		while(T--){

			int zp=rand()%ring;

			int x=zp/siz,y=zp%siz;

			int res;

			ans^=(res=(1ll*Pow[x][0][0]*pow[y][0][1]%mod+1ll*Pow[x][0][1]*pow[y][1][1]%mod))>=mod?res-=mod:res;

		}

		printf("%u\n",ans);

	}

}

signed main(){

	star::work();

	return 0;

}

巴特西

P5110 块速递推-光速幂、斐波那契数列通项

P5110 块速递推

题意

思路

代码

最新文章

热门文章