腾讯机试题 AcWing 603 打怪兽

题目链接：https://www.acwing.com/problem/content/605/

题目大意：

　　略

分析：

　　用dp[i][j]表示用j元钱能在前i只怪兽上所能贿赂到的最大武力值。

　　有一种情况就是打到第i只怪兽所需的最低花费大于j，那么令dp[i][j] = -1。

　　那么dp[i + 1][j]，也就是同样用j元钱能在前i + 1只怪兽上所能贿赂到的最大武力值是多少呢？有3种情况：

　　　　1：dp[i][j] = -1，显然dp[i + 1][j] = -1。

　　　　2：dp[i][j] < d[i + 1]，也就是用j元钱在前i只怪兽上所能贿赂到的最大武力值都没有第i+1只怪兽的武力值大，这个时候必须腾出p[i + 1]元来贿赂第i + 1只怪兽，此时又有3种小情况：

　　　　　　（1）：j < p[i + 1]，这就没的说了，钱不够，直接dp[i + 1][j] = -1。

　　　　　　（2）：dp[i][j - p[i + 1]] == -1，这说明腾不出钱来，于是dp[i + 1][j] = -1。

　　　　　　（3）：dp[i][j - p[i + 1]] ！= -1，那么dp[i + 1][j] = dp[i][j - p[i + 1]] + d[i + 1]，不存在选择，必须贿赂。

　　　　3：dp[i][j] >= d[i + 1]，在这种情况下可以选择贿赂，也可以选择不贿赂，两种情况取最大即可，dp[i + 1][j] = max(dp[i][j], dp[i][j - p[i + 1]] + d[i + 1])。

　　递推关系有了，现在需要第0列的初始值：除了第0行，其他全部为-1；和第0行的初始值：全部为0。

　　那dp数组算出来了有啥用呢？

　　假设你打到第i个怪的时候，武力值为D，这时D < d[i]，那你就在dp数组第i行找第一个使得dp[i][j] >= d[i]的j，这个j一定是打前i个怪最优的，因为花费比j小的金钱过不了这个boss，如果这个j能一直保持到游戏结束，那这个j就是总体最优的。

代码如下：

 #pragma GCC optimize("Ofast")

 #include <bits/stdc++.h>

 using namespace std;

 #define INIT() std::ios::sync_with_stdio(false);std::cin.tie(0);

 #define Rep(i,n) for (int i = 0; i < (n); ++i)

 #define For(i,s,t) for (int i = (s); i <= (t); ++i)

 #define rFor(i,t,s) for (int i = (t); i >= (s); --i)

 #define ForLL(i, s, t) for (LL i = LL(s); i <= LL(t); ++i)

 #define rForLL(i, t, s) for (LL i = LL(t); i >= LL(s); --i)

 #define foreach(i,c) for (__typeof(c.begin()) i = c.begin(); i != c.end(); ++i)

 #define rforeach(i,c) for (__typeof(c.rbegin()) i = c.rbegin(); i != c.rend(); ++i)

 #define pr(x) cout << #x << " = " << x << "  "

 #define prln(x) cout << #x << " = " << x << endl

 #define EL() printf("\n")

 #define SORT(c, s, t) sort(c + s, c + t + 1)

 #define LOWBIT(x) ((x)&(-x))

 #define ALL(x) x.begin(),x.end()

 #define INS(x) inserter(x,x.begin())

 #define ms0(a) memset(a,0,sizeof(a))

 #define msI(a) memset(a,inf,sizeof(a))

 #define msM(a) memset(a,-1,sizeof(a))

 #define pii pair<int,int>

 #define piii pair<pair<int,int>,int>

 #define MP make_pair

 #define PB push_back

 #define ft first

 #define sd second

 template<typename T1, typename T2>

 istream &operator>>(istream &in, pair<T1, T2> &p) {

     in >> p.first >> p.second;

     return in;

 }

 template<typename T>

 istream &operator>>(istream &in, vector<T> &v) {

     for (auto &x: v)

         in >> x;

     return in;

 }

 template<typename T1, typename T2>

 ostream &operator<<(ostream &out, const std::pair<T1, T2> &p) {

     out << "[" << p.first << ", " << p.second << "]" << "\n";

     return out;

 }

 typedef long long LL;

 typedef unsigned long long uLL;

 typedef pair< double, double > PDD;

 typedef set< int > SI;

 typedef vector< int > VI;

 const double EPS = 1e-;

 const int inf = 1e9 + ;

 const LL mod = 1e9 + ;

 const int maxN = 1e5 + ;

 const LL ONE = ;

 //! n 表示怪兽的数量

 //! d[i] 表示第i只怪兽的武力值

 //! p[i] 表示收买第i只怪兽所需的金币数

 //! ans 最小花费

 int n, p[], ans;

 LL d[];

 //! dp[i][j] 表示用j元钱能在前i只怪兽上所能贿赂到的最大武力值

 LL dp[][];

 int main(){

     INIT();

     cin >> n;

     For(i, , n) cin >> d[i];

     For(i, , n) cin >> p[i];

     For(i, , n) dp[i][] = -; 

      For(j, ,  * n) {

         For(i, , n) {

             if(dp[i - ][j] == -) dp[i][j] = -;

             else if(dp[i - ][j] < d[i]) {

                 if(j < p[i]) dp[i][j] = -;

                 else if(dp[i - ][j - p[i]] == -) dp[i][j] = -;

                 else dp[i][j] = dp[i - ][j - p[i]] + d[i];

             }

             else dp[i][j] = max(dp[i - ][j], dp[i - ][j - p[i]] + d[i]);

         }

     }

     // maxD 最大武力值

     // maxDi 最大武力值下标

     LL maxD = -, maxDi;

     For(i, , n) {

         if(d[i] > maxD) {

             maxD = d[i];

             maxDi = i;

         }

     }

     ans = lower_bound(dp[maxDi], dp[maxDi] +  * n, maxD) - dp[maxDi]; 

     cout << ans << endl;

     return ;

 }

巴特西

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分析：

代码如下：

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