poj1985和poj1849(树的直径)
2024-08-26 11:29:09
题目传送门:poj1985
树是连通无环图,树上任意两点之间的路径是唯一的。定义树上任 意两点u, v的距离为u到v路径上边权的和。树的直径MN为树上最长路 径,即点M和N是树上距离最远的两个点。
题目就是寻找树的直径的版子题,两次dfs(第一次遍历根节点所到达的最远距离x点,第二次dfs从x到达最远距离y,这个就是树的直径),或者树形dp,我这里用到了树形dp;
还要感谢石神对我的教导和更正,让我接触了树形dp;
但这个题的代码就不给出了,因为在下面一题的代码中会体现。。
题目:poj1849
所以这里我不仅给出题目的答案,我们也来讨论一下每一种情况;
假设只有1个机器人遍历树,且要求回到原点, 它最少需要走多少路?
2 × ∑wi。
若不用回到原点?
2 × ∑wi−(从出发点所能到达的最远距离)。即 沿着最远距离走,过程中每个分叉走两遍。
假设只有2个机器人遍历树,且要求回到原点, 它最少需要走多少 路?
2 ×∑wi。
若不用回到原点?
2 ×∑wi−(树的直径)。
这个题就是最后一种情况,
分析:考虑从一个结点遍历整个树再回到原点需要把每个边计算两遍,这 里机器人不用回到出发点,所以两个机器人到达的点越远越好。 要使路程最近,若起点在树的直径上,则两辆车往不同的方向走, 直径上的边只用走一遍,其他的要走两遍。 若起点不在直径上,则两人一起走到直径上,再往不同的方向走。 这样最优解就是所有边×2−直径,因为直径只走了一次,而其他边 必走两遍。
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using namespace std;
const int maxn=4e4+;
template<typename T>inline void read(T &x)
{
x=;
T f=,ch=getchar();
while (!isdigit(ch) && ch^'-') ch=getchar();
if (ch=='-') f=-, ch=getchar();
while (isdigit(ch)) x=(x<<)+(x<<)+(ch^), ch=getchar();
x*=f;
}
int n,m,a,b,c,point,tot,ans,sum;
int dis[],vis[],lin[];
struct gg {
int y,next,v;
}an[];
void add(int x,int y,int z) {
an[++tot].y=y;
an[tot].v=z;
an[tot].next=lin[x];
lin[x]=tot;
}
inline int dp(int x)
{
vis[x]=;
for(int i=lin[x];i;i=an[i].next)
{
int y=an[i].y;
if(vis[y]) continue;
dp(y);
ans=max(ans,dis[x]+dis[y]+an[i].v);
dis[x]=max(dis[x],dis[y]+an[i].v);
}
return ans;
}
int main()
{
int sum=;
read(n);read(m);
for(int i=;i<n;i++)
{
read(a),read(b),read(c);
add(a,b,c);
add(b,a,c);
sum+=c;
}
dp();
printf("%d\n",(sum<<)-ans);
return ;
}
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