【Foreign】咏叹 [模拟退火]
2024-10-21 09:28:39
咏叹
Time Limit: 100 Sec Memory Limit: 256 MB
Description
有n根木棍,第i根长度为ai。你要贴着墙围出一个矩形区域,木棍围成的矩形边缘必须平行或垂直于墙,且又一边必须利用墙。你可以把至多1根木棍劈成两根(不一定要在整数位置)。最大化矩形面积。
Input
包含多组数据。每组数据第一行一个整数n,第二行n个整数ai。
Output
输出面积最大的矩形与墙壁平行的那条边的长度(显然是一个整数),若有多个最优解输出与墙壁平行的那条边最长的。
Sample Input
3
3 3 3
4
4 4 4 4
Sample Output
6
8
HINT
对于10%的数据,n=2。
对于30%的数据,n<=15。
对于50%的数据,n<=32。
对于另外20%的数据,ai<=100。
对于100%的数据,2<=n<=40,1<=ai<=10^9,数据不超过10组。
Solution
首先,必然是全部木棍都用上的时候最优,对于n=2的时候,显然就是分三种情况讨论一下就好了。
然后我们从n=2的情况拓展。发现,其实可以把多个木棍并在一起,使其变为n=2的情况,然后讨论。那么现在答案只和两段的长度有关了。
但是直接暴力搜索是O(2^40)的,显然不行,我们考虑分为两部分来搜索,搜索前n/2个,和后n/2个,表示选不选得到的价值,现在效率是O(2*2^20)。
然后怎么得到答案呢?显然:如果我们设宽为x,则长为tot-2x(tot为总长),那么这是一个二次函数,必然有峰值。
所以我们大胆猜测,我们确定了一半,另外一半使得其答案最优的话也可能满足有峰值的性质。
然后我们固定一半,另一半运用模拟退火求解即可!
Code
#include<iostream>
#include<string>
#include<algorithm>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cstdlib>
#include<cmath>
#include<ctime>
using namespace std;
typedef long long s64; const int ONE = ; int T,n;
int a[],top1,top2;
s64 Stk1[ONE],Stk2[ONE];
s64 Square, Ans, tot, RE; int get()
{
int res=,Q=; char c;
while( (c=getchar())< || c>)
if(c=='-')Q=-;
if(Q) res=c-;
while((c=getchar())>= && c<=)
res=res*+c-;
return res*Q;
} s64 Get(s64 width,s64 length)
{
s64 res = length * width; if(res > Square || (res==Square && length>Ans))
Square = res, Ans = length;
return res;
} s64 Check(s64 A,s64 B)
{
if(A > B) swap(A,B);
s64 res = ;
res = max(res,Get(A, B-A));
res = max(res,Get(A/,B));
res = max(res,Get(B/,A));
return res;
} void Dfs1(s64 val,int T)
{
if(T>n/) {Stk1[++top1] = val; return;}
Dfs1(val,T+); Dfs1(val+a[T],T+);
} void Dfs2(s64 val,int T)
{
if(T>n) {Stk2[++top2] = val; return;}
Dfs2(val,T+); Dfs2(val+a[T],T+);
} s64 Judge(int i,int j)
{
return Check(Stk1[j] + Stk2[i],tot - Stk1[j] -Stk2[i]);
} double Random() {return (double)rand()/RAND_MAX;}
void Deal(int id)
{
int Now = top2/;
double Temper = top2/;
while(Temper >= )
{
int A = Now + (int)Temper * (Random()*2.0-);
if(A<=) A = (int)Temper * Random() + ;
s64 dE = Judge(A,id) - Judge(Now,id);
if(dE > || Random()<=exp(dE))
Now = A;
if(Temper > top2 / ) Temper *= 0.1;
Temper *= 0.75;
}
Judge(Now-,id); Judge(Now+,id);
} void Solve2()
{
top1 = top2 = tot = ;
for(int i=;i<=n;i++) a[i]=get(),a[i]*=,tot += a[i];
Dfs1(,); sort(Stk1+,Stk1+top1+); top1 = unique(Stk1+,Stk1+top1+)-Stk1-;
Dfs2(,n/+); sort(Stk2+,Stk2+top2+); top2 = unique(Stk2+,Stk2+top2+)-Stk2-;
Ans = Square = ; for(int i=;i<=top1;i++)
Deal(i); printf("%lld\n",Ans/);
} void Dfs(s64 A,s64 B,int T)
{
if(T>n)
{
Check(A,B);
return;
}
Dfs(A+a[T],B,T+);
Dfs(A,B+a[T],T+);
} void Solve1()
{
Ans = Square = ;
for(int i=;i<=n;i++) a[i]=get(),a[i]*=;
Dfs(,,);
printf("%lld\n",Ans/);
} int main()
{
srand(time());
while(scanf("%d",&n)!=EOF)
{
if(n <= ) Solve1();
else Solve2();
}
}
最新文章
- thinkphp验证是否登录并跳转
- f2fs中node page的lock_page
- webstorm调试Node的时候配置
- SQL常见的可优化点
- Visual Studio 常用快捷键 (二)
- 黑马程序员——有关protocol的小结
- 【WinForm】C# 采用POST登录京东
- Codeforces 380A - Sereja and Prefixes
- 生产者/消费者问题的多种Java实现方式--转
- CodeForces 352D. Jeff and Furik
- PL/SQL Developer 与tnsnames.ora
- c语言 列出系统进程
- convert图像格式批量转换
- C#委托与事件--后续补充
- [c/c++] programming之路(24)、字符串(五)——字符串插入,字符串转整数,删除字符,密码验证,注意事项
- C语言复习---选择法排序
- AbpZero兼容sql2008
- iPhone手机屏幕的尺寸180330更新
- [iOS]AVSpeechSynthesizer语音合成
- 20155235 《Java程序设计》 实验二 Java面向对象程序设计