[bzoj1029]建筑抢修<贪心>

题目链接：http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1029

解析：这也算bzoj中比较简单的一道题，其实想通了就是非常的简单。

　　这题用贪心的方式，我们先按照结束时间从小到大排，然后记录当前花费时间，只要可以继续修理就修理，如果不能修理（修理时间大于结束时间），就判断之前的操作中耗时最大的修理是不是比现在的修理时间更久，如果久，就放弃之前的那次修理，转而选择现在的这次修理（这个地方要好好想想，因为是按照结束时间的大小来从小到大执行的，是符合最终答案的）

然后我们通过样例来说明一下这个过程。

样例：按照结束时间排序后的样例：

100 200 100 200

200 1300 1000 1250

1000 1250 200 1300

2000 3200 2000 3200

首先修第一个，耗时100，不大于结束时间200；

判断第二个，单个耗时1000，总耗时1100，不大于结束时间1250，加入第二个；

判断第三个，单个耗时200，总耗时1300，不大于结束时间1300，加入第三个；

判断第四个，单个耗时2000，总耗时3300，大于结束时间3200，且单个耗时2000大于之前最大耗时1000，不加入第四个；

所以最后维修3个；

但是这是测试样例，可以看出组合方式有几种都可以满足3种，有一句话说的好，测试数据是万能的，所以还是建议自己亲自去举个例子来看

然后就是代码：

 #include<cstdio>

 #include<cstring>

 #include<iostream>

 #include<algorithm>

 #include<queue>

 #include<cstdlib>

 #include<cmath>

 #define maxn 150005

 using namespace std;

 struct node{

     int t1,t2;

 }t[maxn];

 int n,m,ans,tot;

 int maxt;

 int comp(void const*a,void const*b)

 {

     return(*(struct node*)a).t2>(*(struct node*)b).t2?:-;

 }

 priority_queue<int>q;

 int main()

 {

     scanf("%d",&n);

     for(int i=;i<=n;i++)

     {

         int a,b;

         scanf("%d%d",&a,&b);

         t[i].t1=a;t[i].t2=b;

     }

     qsort(t,n+,sizeof(t[]),comp);

     for(int i=;i<=n;i++)

     {

         if(ans+t[i].t1<=t[i].t2)

         {

             q.push(t[i].t1);

             ans+=t[i].t1;tot++;

         }else{

             if(t[i].t1<q.top())

             {

                 ans-=q.top();

                 ans+=t[i].t1;

                 q.pop();

                 q.push(t[i].t1);

             }

         }

     }

     printf("%d",tot);

 }

巴特西

[bzoj1029]建筑抢修<贪心>

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