NOIP2016提高A组 B题 【HDU3072】【JZOJ4686】通讯
题目描述
“这一切都是命运石之门的选择。”
试图研制时间机器的机关SERN截获了中二科学家伦太郎发往过去的一条短 信,并由此得知了伦太郎制作出了电话微波炉(仮)。
为了掌握时间机器的技术,SERN总部必须尽快将这个消息通过地下秘密通讯 网络,传达到所有分部。
SERN共有N个部门(总部编号为0),通讯网络有M条单向通讯线路,每条线 路有一个固定的通讯花费Ci。
为了保密,消息的传递只能按照固定的方式进行:从一个已知消息的部门向 另一个与它有线路的部门传递(可能存在多条通信线路)。我们定义总费用为所 有部门传递消息的费用和。
幸运的是,如果两个部门可以直接或间接地相互传递消息(即能按照上述方 法将信息由X传递到Y,同时能由Y传递到X),我们就可以忽略它们之间的花费。
由于资金问题(预算都花在粒子对撞机上了),SERN总部的工程师希望知道, 达到目标的最小花费是多少。
输入格式
多组数据,文件以2个0结尾。
每组数据第一行,一个整数N,表示有N个包括总部的部门(从0开始编号)。 然后是一个整数M,表示有M条单向通讯线路。
接下来M行,每行三个整数,Xi,Yi,Ci,表示第i条线路从Xi连向Yi,花费为 Ci。
输出格式
每组数据一行,一个整数表示达到目标的最小花费。
样例
样例输入
3 3
0 1 100
1 2 50
0 2 100
3 3
0 1 100
1 2 50
2 1 100
2 2
0 1 50
0 1 100
0 0
样例输出
150
100
50
数据范围与提示
样例解释
第一组数据:总部把消息传给分部1,分部1再传给分部2.总费用:100+50=150.
第二组数据:总部把消息传给分部1,由于分部1和分部2可以互相传递消息,所以分部1可以无费用把消息传给2.总费用:100+0=100.
第三组数据:总部把消息传给分部1,最小费用为50.总费用:50.
数据范围
对于10%的数据,保证M=N-1
对于另30%的数据,N ≤ 20 ,M ≤ 20
对于100%的数据,N ≤ 50000 ,M ≤ 10^5 ,Ci ≤ 10^5 ,
数据组数 ≤ 5
数据保证一定可以将信息传递到所有部门。
题解:
最开始看的时候以为是最短路,缩完点跑了遍spfa连样例都没有输出
然后又看了看,突然发现好像是最小生成数,打完kruskal样例一遍过,自己造的数据也都过了
后来有些不放心,就特判了10%的数据
但是我WA10,我忘了kruskal不能处理有向图
prim可以,但复杂度太高,可以线段树优化,可以过掉,但我并不会
这是我的考试代码:(巨丑)
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<queue>
#include<algorithm>
#define MAXN 50005
#define MAXM 100005
#define ll long long
#define re register
using namespace std;
int n,m;
int to[MAXM<<],nxt[MAXM<<],val[MAXM<<],pre[MAXN],tot_e=;
inline void add(re int u,re int v,re int w){
tot_e++,val[tot_e]=w,to[tot_e]=v,nxt[tot_e]=pre[u],pre[u]=tot_e;
}
int dfn[MAXN],low[MAXN],sta[MAXN],top=,belong[MAXN],dfs_num=,tot=;
bool in_stack[MAXN];
inline void tarjan(re int x){
dfn[x]=low[x]=++dfs_num;
in_stack[x]=;
sta[++top]=x;
for(re int i=pre[x];i;i=nxt[i]){
re int v=to[i];
if(!dfn[v]){
tarjan(v);
low[x]=min(low[x],low[v]);
}
else if(in_stack[v]){
low[x]=min(low[x],dfn[v]);
}
}
if(dfn[x]==low[x]){
tot++;
re int y;
do{
y=sta[top--];
in_stack[y]=;
belong[y]=tot;
}while(y!=x);
}
}
struct node{
int fr,to,nxt,len;
friend bool operator < (node a,node b){
return a.len<b.len;
}
}edge[MAXM<<];
int head[MAXN];
inline void ADD(re int u,re int v,re int w){
tot_e++,edge[tot_e].fr=u,edge[tot_e].to=v,edge[tot_e].nxt=head[u],head[u]=tot_e,edge[tot_e].len=w;
}
int fa[MAXN],ans=;
inline int find(re int x){
return x==fa[x]?x:fa[x]=find(fa[x]);
}
inline int kruskal(){
re int sum=,sum_edge=;
for(re int i=;i<=tot;i++)
fa[i]=i;
sort(edge+,edge+tot_e+);
for(re int i=;i<=tot_e;i++){
//cout<<edge[i].len<<endl;
re int x=find(edge[i].fr),y=find(edge[i].to);
if(x!=y){
fa[x]=y;
sum+=edge[i].len;
//cout<<edge[i].fr<<' '<<edge[i].to<<endl;
sum_edge++;
}
if(sum_edge==tot-)
break;
}
return sum;
}
//int ans=0;
signed main(){
while(~scanf("%d%d",&n,&m)){
int num=;
if(n+m==) break;
for(re int i=,x,y,c;i<=m;i++){
scanf("%d%d%d",&x,&y,&c);
add(x+,y+,c);num+=c;
}
if(m==n-){
cout<<num<<endl;
continue;
}
for(re int i=;i<=n;i++){
if(!dfn[i]) tarjan(i);
}
//for(int i=1;i<=n;i++){
// cout<<i<<' '<<belong[i]<<endl;
//}
tot_e=;
for(re int i=;i<=n;i++){
for(re int j=pre[i];j;j=nxt[j]){
re int y=to[j];
if(belong[i]!=belong[y])
ADD(belong[i],belong[y],val[j]),ADD(belong[y],belong[i],val[j]);
//ans+=val[j];
}
}
ans=kruskal();
printf("%d\n",ans);
//memset(low,0,sizeof(low));
memset(dfn,,sizeof(dfn));
//memset(sta,0,sizeof(sta));
//memset(in_stack,0,sizeof(in_stack));
//memset(belong,0,sizeof(belong));
//memset(to,0,sizeof(to));
//memset(nxt,0,sizeof(nxt));
memset(pre,,sizeof(pre));
//memset(val,0,sizeof(val));
memset(head,,sizeof(head));
//memset(edge,0,sizeof(edge));
//memset(fa,0,sizeof(fa));
tot_e=top=dfs_num=tot=ans=;
}
return ;
}
然额正解是贪心(全机房10分的大部分都是打的最小生成树)
说实话考试时我从没考虑过贪心
贪心的话就是缩完点,对于每一个强连通分量,最优方案是这个强连通分量所有如边中最小的一条,因为题目保证一定可以将信息传递到所有部门。
本以为是水题,结果题把我水了
AC代码:
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<queue>
#include<algorithm>
#define MAXN 50005
#define MAXM 100005
#define ll long long
#define re register
using namespace std;
int n,m,ans=;
int to[MAXM<<],nxt[MAXM<<],val[MAXM<<],pre[MAXN],tot_e=;
inline void add(re int u,re int v,re int w){
tot_e++,val[tot_e]=w,to[tot_e]=v,nxt[tot_e]=pre[u],pre[u]=tot_e;
}
int dfn[MAXN],low[MAXN],sta[MAXN],top=,belong[MAXN],dfs_num=,tot=;
bool in_stack[MAXN];
inline void tarjan(re int x){
dfn[x]=low[x]=++dfs_num;
in_stack[x]=;
sta[++top]=x;
for(re int i=pre[x];i;i=nxt[i]){
re int v=to[i];
if(!dfn[v]){
tarjan(v);
low[x]=min(low[x],low[v]);
}
else if(in_stack[v]){
low[x]=min(low[x],dfn[v]);
}
}
if(dfn[x]==low[x]){
tot++;
re int y;
do{
y=sta[top--];
in_stack[y]=;
belong[y]=tot;
}while(y!=x);
}
}
struct node{
int to,nxt,len;
}edge[MAXM<<];
int head[MAXN],out_deg[MAXN];
inline void ADD(re int u,re int v,re int w){
tot_e++,edge[tot_e].to=v,edge[tot_e].nxt=head[u],head[u]=tot_e,edge[tot_e].len=w;
}
signed main(){
while(~scanf("%d%d",&n,&m)){
if(n+m==) break;
for(re int i=,x,y,c;i<=m;i++){
scanf("%d%d%d",&x,&y,&c);
add(x+,y+,c);
}
for(re int i=;i<=n;i++){
if(!dfn[i]) tarjan(i);
}
tot_e=;
for(re int i=;i<=n;i++){
for(re int j=pre[i];j;j=nxt[j]){
re int y=to[j];
if(belong[i]!=belong[y])
ADD(belong[y],belong[i],val[j]),out_deg[belong[y]]++;
}
}
for(int i=;i<=tot;i++){
if(!out_deg[i]) continue;
int minn=0x7fffffff;
bool flag=;
for(int j=head[i];j;j=edge[j].nxt){
minn=min(minn,edge[j].len);
flag=;
}
if(flag==) ans+=minn;
}
printf("%d\n",ans);
memset(dfn,,sizeof(dfn));
memset(pre,,sizeof(pre));
memset(head,,sizeof(head));
tot_e=top=dfs_num=tot=ans=;
}
return ;
}
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