【题解】Atcoder ARC#67 F-Yakiniku Restaurants
2024-08-27 05:30:57
觉得我的解法好简单,好优美啊QAQ
首先想想暴力怎么办。暴力的话,我们就枚举左右端点,然后显然每张购物券都取最大的值。这样的复杂度是 \(O(n ^{2} m)\) 的。但是这样明显能够感觉到我们重复计算了很多东西,因为区间 \((l, r)\) 的答案与区间 \((l + 1, r)\) 的答案并不是独立的。
我们可以考虑一下扫描线的做法。用一根扫描线从右往左扫左端点,同步维护所有以 \(l\) 为左端点的区间。由于我们现已经求出了所有以 \(l + 1\) 为左端点的区间答案(这里的答案指从 \(l -> r\) 中吃东西所能获得的最大权值),我们可以求出 \(l + 1, r\) 到 \(l, r\) 的增量变化,那么 \(ans[l][r] = ans[l + 1][r] + t\)。
这个答案的增量显然只与 \(l\) 端点所能获得的权值有关。考虑第 j 个购物券,我们可以维护一个值单调递增的单调栈表示在每一个地点使用 j 购物券能获得最大权值的区间。弹栈的时候,我们用 \(val[i][j] - S[j][top].num\) 即可求出增量。这个增量会增加在 \(ans[i][j] -> ans[i][k]\) 这样的一个区间中。差分就可以解决了。
感觉自己讲起来好混乱啊……すみません……
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define maxn 5005
#define int long long
#define maxm 250
int n, m, dis[maxn], val[maxn][maxm];
int Ans, ans[maxn][maxn], Q[maxn]; int read()
{
int x = , k = ;
char c; c = getchar();
while(c < '' || c > '') { if(c == '-') k = -; c = getchar(); }
while(c >= '' && c <= '') x = x * + c - '', c = getchar();
return x * k;
} struct node
{
int num, id;
node(int _id = , int _num = ) { num = _num, id = _id; }
}S[maxm][maxn]; signed main()
{
n = read(), m = read();
for(int i = ; i <= n; i ++) dis[i] = read() + dis[i - ];
for(int i = ; i <= n; i ++)
for(int j = ; j <= m; j ++) val[i][j] = read();
for(int i = ; i <= m; i ++) S[i][].id = n + ;
for(int i = n; i >= ; i --)
{
for(int j = ; j <= m; j ++)
{
int top = Q[j];
ans[i][i] += val[i][j]; ans[i][i + ] -= val[i][j];
while(top && S[j][top].num <= val[i][j])
{
int l = S[j][top].id, r = S[j][top - ].id;
int t = val[i][j] - S[j][top].num;
ans[i][l] += t, ans[i][r] -= t;
top --;
}
S[j][++ top] = node(i, val[i][j]);
Q[j] = top;
}
}
for(int i = n; i; i --)
{
for(int j = i; j <= n; j ++)
ans[i][j] += ans[i][j - ];
for(int j = i; j <= n; j ++) ans[i][j] += ans[i + ][j];
for(int j = i; j <= n; j ++)
Ans = max(Ans, ans[i][j] - dis[j] + dis[i]);
}
printf("%lld\n", Ans);
return ;
}
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