【洛谷 SP283】NAPTIME - Naptime（DP）

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先考虑如果只有一天，那么该怎么做。

设\(f[i][j][1]\)表示前\(i\)个小时睡了\(j\)个小时并且第\(j\)个小时正在睡觉时的最大体力，\(f[i][j][1]\)表示前\(i\)个小时睡了\(j\)个小时并且第\(j\)个小时没在睡觉时的最大体力。

则有

\[f[i][j][0]=max(f[i-1][j][0],f[i-1][j][1])
\]

\[f[i][j][1]=max(f[[i-1][j-1][0],f[i-1][j-1][1])
\]

边界条件:\(f[1][0][0]=f[1][1][1]=0\)

答案:\(max(f[n][b][0],f[n][b][1])\)

然后，现在两天是连着的，唯一的区别就是第一个小时可以睡着。

于是，令\(f[1][1][1]=U_1\)，然后再跑一遍DP，把\(ans\)和\(f[n][b][1]\)取最大值就行了。

为什么只与\(f[n][b][1]\)取最大值呢？

因为这里把\(f[1][1][1]\)赋值为了\(U_1\)，那么我们默认就是第一个小时进入了熟睡状态，所以上一天最后一个小时必须开始睡觉才行。

因为SPOJ的空间限制比较大，我就没用滚动数组了。

#include <cstdio>

inline int max(int a, int b){

    return a > b ? a : b;

}

inline int min(int a, int b){

    return a < b ? a : b;

}

const int MAXN = 4000;

int f[MAXN][MAXN][3], w[MAXN];

int n, m, T;

int main(){

    scanf("%d", &T);

    while(T--){

      int ans = 0;

      scanf("%d%d", &n, &m);

      for(int i = 1; i <= n; ++i)

         scanf("%d", &w[i]);

      f[1][0][0] = f[1][1][1] = 0;

      for(int i = 2; i <= n; ++i){

         for(int j = 1; j <= min(i, m); ++j){

            f[i][j][0] = max(f[i - 1][j][0], f[i - 1][j][1]);

            if(j != 1) f[i][j][1] = max(f[i - 1][j - 1][0], f[i - 1][j - 1][1] + w[i]);    //第一个小时不加体力

         }

      }

      f[1][1][1] = w[1]; f[1][0][0] = 0;   //边界

      ans = max(f[n][m][1], f[n][m][0]);

      for(int i = 2; i <= n; ++i)

         for(int j = 1; j <= min(i, m); ++j){

            f[i][j][0] = max(f[i - 1][j][0], f[i - 1][j][1]);

            if(j != 1) f[i][j][1] = max(f[i - 1][j - 1][0], f[i - 1][j - 1][1] + w[i]);

         }

      ans = max(ans, f[n][m][1]);

      printf("%d\n", ans);

    }

    return 0;

}

巴特西

【洛谷 SP283】NAPTIME - Naptime（DP）

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