@bzoj - 4922@ [Lydsy1706月赛]Karp-de-Chant Number

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卡常数被称为计算机算法竞赛之中最神奇的一类数字，主要特点集中于令人捉摸不透，有时候会让水平很高的选手迷之超时。

普遍认为卡常数是埃及人Qa'a及后人发现的常数。也可认为是卡普雷卡尔(Kaprekar)常数的别称。主要用于求解括号序列问题。

据考证，卡（Qa'a）是古埃及第一王朝的最后一位法老。他发现并研究了一种常数，后世以他的名字叫做卡常数。卡特兰数的起源也是因为卡的后人与特兰克斯结婚，生下来的孩子就叫卡特兰，而他只是发表了祖传的家书而已。Sereja也是卡的后人，提出括号序列问题，也是从家书里得到的资料。然而Sereja为了不让这个秘密公开，于是隐瞒了这道题的真正做法。可是由于卡的后人不是各个都像卡特兰一样爱慕虚荣，这一算法也无法找到。“欲见贤人而不以其道，犹欲其入而闭之门也”。卡之常数的奥秘，需要以一颗诚心去追寻。

【以上全是瞎 BB，不过还蛮有意思的 www】

现给定n个括号序列，你需要选择若干序列，将它们按一定的顺序从左往右拼接起来，得到一个合法的括号序列。

显然，这个问题可以用卡常数解决，为了检验你是否会卡常数，请写一个程序，计算可以得到的合法的括号序列的长度的最大值。

input：

第一行包含一个正整数n(1<=n<=300)，表示括号序列的个数。

接下来n行，每行一个长度在[1,300]之间的括号序列，仅由小括号构成。

output：

输出一行一个整数，即最大长度，注意你可以一个序列也不选，此时长度为0。

sample input：

3

())

((()

)()

sample output：

10

**sample explain **：

按{2,1,3}的顺序拼接得到((()()))()，总长度为10。

@solution@

首先有个小性质：假如在不拼接的情况，一个括号已经有了匹配，那么拼接后这个括号的匹配不会变化。可以根据我们做括号匹配的过程理解这个性质。

所以基于此，我们可以把串中能匹配的括号先匹配完，剩下的部分一定是形如 “)))))....))(((....(((” 的样子。

我们将这部分记为 (p, q)，其中 p 是 ')' 的个数，q 是 '(' 的个数。

考虑选了一些括号以后，怎么排列它们是最优的。可以用贪心来解决。

我们采用交换论证的方法来寻找排列方法。

假如 a，b 是相邻的且 a 在 b 前面，我们可以先将 a 的 '(' 和 b 的 ')' 匹配完，剩下新的一个 “)))(((” 型的串。

感性理解一下，我们应该剩下的东西越少越好。又因为 a 与 b 的括号总数不变，我们应该让 a 与 b 匹配尽量多的括号。匹配的括号个数就应该 \(=\min\{(个数,)个数\}\)

所以如果 \(\min\{a的(个数,b)个数\} > \min\{b的(个数, a的)个数\}\)，则 a 就排在 b 前面。

可以发现上面那个东西是一直存在的，不会因为我们选的括号不同而变化。

所以我们可以先按照上面的法则排序，然后作一个简单的 dp 就可以了。

dp 的定义，以及状态转移留作习题。

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#include<cstdio>

#include<cstring>

#include<algorithm>

using namespace std;

const int MAXN = 300;

const int INF = 1<<30;

struct node{

	int p, q;

	int num;

}a[MAXN + 5];// p -> ')', q -> '('

bool operator < (node a, node b) {

	return min(a.q, b.p) > min(a.p, b.q);

}

char s[MAXN + 5];

int dp[2][MAXN*MAXN + 5];

int main() {

	int n; scanf("%d", &n);

	for(int i=1;i<=n;i++) {

		scanf("%s", s);

		int len = strlen(s);

		for(int j=0;j<len;j++) {

			if( s[j] == '(' ) a[i].q++;

			else {

				if( !a[i].q ) a[i].p++;

				else a[i].q--, a[i].num += 2;

			}

		}

	}

	int tot = 0; sort(a+1, a+n+1);

	for(int i=1;i<=n;i++) {

		for(int j=0;j<=tot;j++)

			dp[i&1][j] = dp[i&1^1][j];

		for(int j=tot+1;j<=tot+a[i].q;j++)

			dp[i&1][j] = -INF;

		for(int j=a[i].p;j<=tot;j++)

			dp[i&1][j-a[i].p+a[i].q] = max(dp[i&1][j-a[i].p+a[i].q], dp[i&1^1][j]+2*a[i].p+a[i].num);

		tot += a[i].q;

	}

	printf("%d\n", dp[n&1][0]);

}

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这道题让我想起了多校赛的某道题 HDU - 6299。

当初好像是随便乱蒙了一个贪心性质就过了 www。

巴特西

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