P1446 [HNOI2008]Cards

题目描述

小春现在很清闲,面对书桌上的\(N\)张牌,他决定给每张染色,目前小春只有\(3\)种颜色:红色,蓝色,绿色.他询问Sun有多少种染色方案,Sun很快就给出了答案.

进一步,小春要求染出\(S_r\)张红色,\(S_b\)张蓝色,\(S_g\)张绿色.他又询问有多少种方案,Sun想了一下,又给出了正确答案. 最后小春发明了\(M\)种不同的洗牌法,这里他又问Sun有多少种不同的染色方案.两种染色方法相同当且仅当其中一种可以通过任意的洗牌法(即可以使用多种洗牌法,而每种方法可以使用多次)洗成另一种.

Sun发现这个问题有点难度,决定交给你,答案可能很大,只要求出答案除以\(P\)的余数(\(P\)为质数).

输入输出格式

输入格式：

第一行输入 \(5\) 个整数：\(S_r,S_b,S_g,m,p(m\le 60,m+1<p<100)\)。\(n=S_r+S_b+S_g\)。接下来 \(m\) 行，每行描述一种洗牌法，每行有 \(n\) 个用空格隔开的整数 \(X_1X_2\dots X_n\)，恰为 \(1\) 到 \(n\) 的一个排列，表示使用这种洗牌法，第 \(i\) 位变为原来的 \(X_i\) 位的牌。输入数据保证任意多次洗牌都可用这 \(m\) 种洗牌法中的一种代替，且对每种洗牌法，都存在一种洗牌法使得能回到原状态。

\(100\%\)数据满足 \(\max\{S_r,S_b,S_g\}\le 20\)。

输出格式：

不同染法除以\(P\)的余数

其实这个题的\(DP\)做法应该就是官方正解了，思维难度并不高。

很显然是变换构成了一个群

考虑\(polya\)定理

\[\frac{1}{|G|}\sum_{\pi \in G}m^{w(\pi)}
\]

然后因为每个循环节同色，我们可以直接求循环节然后\(dp\)

注意单位元不给，要自己加上

还有一种比较神奇的做法，发现这个题还给了除群外的一个性质，然后可以得到一个结论，仅单位元有不动点，然后\(Burnside\)直接组合算就可以了，答案就是

\[\frac{(a+b+c)!}{a!b!c!(m+1)}
\]

然后我并不会证，比较严谨的描述如下，如果谁可以给出证明，烦请私信我一下啦

设\(G=\{\pi_1,\pi_2,\dots,\pi_p\}\)是目标集\([1,n]\)上的置换群，且\(\forall t=\sum \pi_k,\pi_k \in G\)，定义\(\sum\)为置换的连接操作，且\(k\)可重，\(\exists t \in G\)，求证仅\(G\)的单位元存在不动点。

Code:

#include <cstdio>

const int N=201;

#define mul(a,b) (1ll*(a)*(b)%mod)

int a,b,c,m,mod,fac[N];

int qp(int d,int k){int f=1;while(k){if(k&1)f=mul(f,d);d=mul(d,d);k>>=1;}return f;}

int main()

{

    scanf("%d%d%d%d%d",&a,&b,&c,&m,&mod);

    for(int x,i=1;i<=m;i++)

        for(int j=1;j<=a+b+c;j++)

            scanf("%d",&x);

    fac[0]=1;

    for(int i=1;i<=N;i++) fac[i]=mul(fac[i-1],i);

    int ans=mul(fac[a+b+c],mul(qp(fac[a],mod-2),mul(qp(fac[b],mod-2),mul(qp(fac[c],mod-2),qp(m+1,mod-2)))));

    printf("%d\n",ans);

    return 0;

}

2018.12.21

巴特西

洛谷 P1446 [HNOI2008]Cards 解题报告

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