多边形之战是一个双人游戏。游戏在一个有n个顶点的凸多边形上进行，这个凸多边形的n-3条对角线将多边形分成n-2个三角形，这n-3条对角线在多边形的顶点相交。三角形中的一个被染成黑色，其余是白色。双方轮流进行游戏，当轮到一方时，他必须沿着画好的对角线，从多边形上切下一个三角形。切下黑色三角形的一方获胜。

注：如果连接一个多边形中任意两点的线段都完全包含于这个多边形，则称这个多边形为凸多边形。

请设计一个程序：

       ·读入对一个多边形的描述。

·确定先走的一方是否能够获胜。

·将结果输出。

第一行是一个整数， 4 <= n <= 50000。表示多边形的顶点数，多边形的顶点从0到n-1顺时针标号。接着的n-2行描述组成多边形的三角形。第i+1行， 1 <= i <= n-2，有三个空格分隔的非负整数a、 b、 c，它们是第i个三角形的顶点编号。第一个给出的三角形是黑色的。

唯一一行应包含一个单词：

TAK（波兰文“是”)，表示先走的一方有必胜策略，或者

NIE（波兰文“否”），表示先走的一方没有必胜策略。

 

/*

  自己手推出来的第一道博弈论

  ①：如果黑三角形的三条边只有一条是对角线，则先手必胜。

  ②：如果n是偶数，则先手必胜。

  第一条很好理解，下面写一下我倒退的第二条证明过程：

  1：设对角线有t1条是三角形上的，t2条不在三角形上 。

  2：如果先手必胜，则最后一次取数时，t1=1，t2=0，因为如果t2>0的话，后手的人上一步就一定取m中的。

  3：倒数第二次取数，t1=2,t2=0，因为如果t1=1，则后手就取走了。

  4：(t1,t2)可等效于(t1,t2%2)

  由此一直推可推出如果刚开始的t1+t2是奇数的话，先手必胜，因为t1+t2=n-3，则如果n是偶数，则先手必胜。

*/

#include<iostream>

#include<cstdio>

using namespace std;

int v[];

int main(){

    int n,a,b,c,t=;

    scanf("%d%d%d%d",&n,&a,&b,&c);

    for(int i=;i<=n-;i++){

        int x,y,z;scanf("%d%d%d",&x,&y,&z);

        v[x]++;v[y]++;v[z]++;

    }

    if(!v[a])t++;

    if(!v[b])t++;

    if(!v[c])t++;

    if(t==||n%==) printf("TAK");

    else printf("NIE");

    return ;

}