魔板 Magic Squares(广搜,状态转化)
题目背景
在成功地发明了魔方之后,鲁比克先生发明了它的二维版本,称作魔板。这是一张有8个大小相同的格子的魔板:
1 2 3 4
8 7 6 5
题目描述
我们知道魔板的每一个方格都有一种颜色。这8种颜色用前8个正整数来表示。可以用颜色的序列来表示一种魔板状态,规定从魔板的左上角开始,沿顺时针方向依次取出整数,构成一个颜色序列。对于上图的魔板状态,我们用序列(1,2,3,4,5,6,7,8)来表示。这是基本状态。
这里提供三种基本操作,分别用大写字母“A”,“B”,“C”来表示(可以通过这些操作改变魔板的状态):
“A”:交换上下两行;
“B”:将最右边的一列插入最左边;
“C”:魔板中央四格作顺时针旋转。
下面是对基本状态进行操作的示范:
A: 8 7 6 5
1 2 3 4
B: 4 1 2 3
5 8 7 6
C: 1 7 2 4
8 6 3 5
对于每种可能的状态,这三种基本操作都可以使用。
你要编程计算用最少的基本操作完成基本状态到目标状态的转换,输出基本操作序列。
输入输出格式
输入格式:
只有一行,包括8个整数,用空格分开(这些整数在范围 1——8 之间)不换行,表示目标状态。
输出格式:
Line 1: 包括一个整数,表示最短操作序列的长度。
Line 2: 在字典序中最早出现的操作序列,用字符串表示,除最后一行外,每行输出60个字符。
思路:
广搜应该大家都知道,但是状态怎么存?(8^8的数组绝对爆空间)
(大佬:康拓展开)
我不会啊qwq
没办法喽,只能从排列数来看
8!,空间装得下
那么我们就该想一下怎么算位置了
比如说一个状态
4 1 2 3
8 5 6 7
我们按着行来算,化成一个数字
41238567
在这个数据前有多少个排列呢?
我们一位一位看
首先,看第一位
此时没有用过且比4小的数有1 2 3 三个
所以就有7!*3个数在他前面
再看第二位
没有比他小的数,跳过
一位一位地算,就可以知道有多少个比他小的排列
最后+1,就是编号喽
需要调换的时候编号转状态是同理的
广搜就好喽
注意:他的数据为顺时针给出,我的程序为按行读入
所以初始状态1 2 3 4 5 6 7 8
在我这里的映射为
1 2 3 4
8 7 6 5
代码:
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#define rii register int i
#define rij register int j
using namespace std;
bool bj[];
int n;
struct que{
int zt,sd,pre,cz;
}q[];
int st,jc[]={,,,,,,,,},cnt;
int ans[];
int change(int xl)
{
int mc=;
int ls[]={,,,,,,,,,};
int sy[]={,,,,,,,,,};
for(rii=;i>=;i--)
{
ls[i]=xl%;
xl/=;
}
for(rii=;i<=;i++)
{
int ltt=ls[i];
for(rij=;j<=ltt-;j++)
{
if(sy[j]!=)
{
mc+=jc[-i];
}
}
sy[ltt]=;
}
return mc;
}
void add(int bh,int pre,int cz)
{
cnt++;
q[cnt].cz=cz;
q[cnt].pre=pre;
q[cnt].zt=bh;
q[cnt].sd=q[pre].sd+;
}
void A(int bh,int pre)
{
bh--;
int ls[]={,,,,,,,,,};
int sy[]={,,,,,,,,,};
for(rii=;i<=;i++)
{
int ltt=bh/jc[-i];
bh-=ltt*jc[-i];
int sl=;
for(rij=;j<=;j++)
{
if(sy[j]!=)
{
sl++;
}
if(sl==ltt+)
{
sy[j]=;
ls[i]=j;
break;
}
}
}
for(rii=;i<=;i++)
{
if(sy[i]==)
{
ls[]=i;
break;
}
}
memset(sy,,sizeof(sy));
for(rii=;i<=;i++)
{
int kkk=ls[i];
ls[i]=ls[i+];
ls[i+]=kkk;
}
int mc=;
for(rii=;i<=;i++)
{
int ltt=ls[i];
for(rij=;j<=ltt-;j++)
{
if(sy[j]!=)
{
mc+=jc[-i];
}
}
sy[ltt]=;
}
if(bj[mc]!=)
{
add(mc,pre,);
bj[mc]=;
}
}
void B(int bh,int pre)
{
bh--;
int ls[]={,,,,,,,,,};
int sy[]={,,,,,,,,,};
for(rii=;i<=;i++)
{
int ltt=bh/jc[-i];
bh-=ltt*jc[-i];
int sl=;
for(rij=;j<=;j++)
{
if(sy[j]!=)
{
sl++;
}
if(sl==ltt+)
{
sy[j]=;
ls[i]=j;
break;
}
}
}
for(rii=;i<=;i++)
{
if(sy[i]==)
{
ls[]=i;
break;
}
}
memset(sy,,sizeof(sy));
int a1=ls[];
int b1=ls[];
for(rii=;i>=;i--)
{
ls[i]=ls[i-];
ls[i+]=ls[i+];
}
ls[]=a1;
ls[]=b1;
int mc=;
for(rii=;i<=;i++)
{
int ltt=ls[i];
for(rij=;j<=ltt-;j++)
{
if(sy[j]!=)
{
mc+=jc[-i];
}
}
sy[ltt]=;
}
if(bj[mc]!=)
{
add(mc,pre,);
bj[mc]=;
}
}
void output(int fi)
{
int len=q[fi].sd;
printf("%d\n",len);
int wz=fi;
for(rii=len;i>=;i--)
{
ans[i]=q[wz].cz;
wz=q[wz].pre;
}
int cnt=;
for(rii=;i<=len;i++)
{
if(ans[i]==)
{
putchar('A');
continue;
}
if(ans[i]==)
{
putchar('B');
continue;
}
else
{
putchar('C');
}
cnt++;
if(cnt==)
{
puts("");
cnt=;
}
}
}
void C(int bh,int pre)
{
bh--;
int ls[]={,,,,,,,,,};
int sy[]={,,,,,,,,,};
for(rii=;i<=;i++)
{
int ltt=bh/jc[-i];
bh-=ltt*jc[-i];
int sl=;
for(rij=;j<=;j++)
{
if(sy[j]!=)
{
sl++;
}
if(sl==ltt+)
{
sy[j]=;
ls[i]=j;
break;
}
}
}
for(rii=;i<=;i++)
{
if(sy[i]==)
{
ls[]=i;
break;
}
}
memset(sy,,sizeof(sy));
int a2=ls[],a3=ls[],b2=ls[],b3=ls[];
ls[]=a2;
ls[]=b2;
ls[]=b3;
ls[]=a3;
int mc=;
for(rii=;i<=;i++)
{
int ltt=ls[i];
for(rij=;j<=ltt-;j++)
{
if(sy[j]!=)
{
mc+=jc[-i];
}
}
sy[ltt]=;
}
if(bj[mc]!=)
{
add(mc,pre,);
}
bj[mc]=;
}
int main()
{
scanf("%d",&st);
for(rii=;i<=;i++)
{
int ltt;
st*=;
scanf("%d",<t);
st+=ltt;
}
st*=;
int sr;
scanf("%d",&sr);
st+=sr;
scanf("%d",&sr);
st+=sr*;
scanf("%d",&sr);
st+=sr*;
scanf("%d",&sr);
st+=sr*;
int fi=change(st);
q[].zt=;
bj[]=;
cnt=;
for(rii=;i<=cnt;i++)
{
int z=q[i].zt;
if(z==fi)
{
output(i);
return ;
}
A(z,i);
B(z,i);
C(z,i);
}
}
最新文章
- Java多线程学习(二)
- MapReduce job.setNumReduceTasks(0)思考
- linux下安装mongodb(php版本5.3)
- jquery判断滚动条到底
- ios 常用字符串NSString的操作
- Android 安卓实现页面相互跳转并相互传递参数
- CentOS下安装yum
- HTML和CSS前端教程03-CSS选择器
- iframe中video没有全屏按钮
- 控件_RadioGroup&;&;RadioButton(单选按钮)和Toast
- Educational Codeforces Round 55 (Rated for Div. 2) A/B/C/D
- HTTP1.0 HTTP 1.1 HTTP 2.0主要区别
- 【Zookeeper】源码分析之持久化(一)之FileTxnLog
- telerik WinForm主题切换
- MiniOS系统
- sass 的使用
- BZOJ 1076 奖励关(状压期望DP)
- 洛谷——P2141 珠心算测验
- Educational Codeforces Round 8 A. Tennis Tournament 暴力
- 在odl中怎样实现rpc