【Leetcode 堆、快速选择、Top-K问题 BFPRT】数组中的第K个最大元素（215）

这道题很强大，引出了很多知识点

题目

在未排序的数组中找到第 k 个最大的元素。请注意，你需要找的是数组排序后的第 k 个最大的元素，而不是第 k 个不同的元素。

示例 1:

输入: [3,2,1,5,6,4] 和 k = 2

输出: 5

示例 2:

输入: [3,2,3,1,2,4,5,5,6] 和 k = 4

输出: 4

说明:

你可以假设 k 总是有效的，且 1 ≤ k ≤ 数组的长度。

解答

题目要求找出一个序列中第K大元素，可以很容易想到下面的解法：

1，给序列排序，取出倒数第K个。快速排序为 n·log(n)

2，小顶堆，维护一个大小为K的小顶堆，把序列元素大于堆顶的元素依次入堆，完了堆顶就是第K大。维护一个堆（插入O(1)，删除log(n)）的时间复杂度是log(n)，此处为log(k)，总的时间复杂度是n·log(k)，空间复杂度为O(k)。

PS：大顶堆也可以

3，快速选择算法，随时选择一个基准，然后进行快排的partation过程（将序列中小于基准的都放在它的左边，大于它的都放在右边），基准归位，此时基准已经在序列中排好序的位置；再判断要找的第 N - k 个元素与基准坐标的关系，如果k正好等于基准位置，那么数组第k小的数就是基准，如果K小于基准坐标位置，则只递归左半部分，否则只递归右半部分。

如果是快速排序算法，会在这里递归地对两部分进行快速排序，时间复杂度为n·log(n)，而在这里，由于知道要找的第 N - k 小的元素在哪部分中，我们不需要对两部分都做处理，这样就将平均时间复杂度下降到O(n)。

这种算法最好情况是每次基准都划分在了序列中间位置，时间复杂度为O(n)；最坏情况是每次基准都划分在了边缘位置，时间复杂度为O(n^2)。第四种方法优化了基准的选取，用线性复杂度O(n)的时间就解决了问题。

4，BFPRT， BFPRT算法就是在基准上做文章，能够保证每次所选的基准在数组的中间位置，那么时间复杂度就是O(N)，BFPRT解法和快速选择解法唯一不同的就是在基准的选取上，所以只讲选取基准这一过程。

第一步：我们将数组每5个相邻的数分成一组，后面的数如果不够5个数也分成一组。

第二步：对于每组数，我们找出这5个数的中位数，将所有组的中位数构成一个median数组（中位数数组）。

第三步：我们再求这个中位数数组中的中位数，此时所求出的中位数就是基准。

第四步：通过这个基准进行partation过程，下面和常规解法就一样了。

BFPRT是专门用来求 TOP-K 问题的，时间复杂度为O(N)。

通过代码如下：

1，排序

class Solution:

    def findKthLargest(self, nums: List[int], k: int) -> int:

        return sorted(nums)[-k]

2，小顶堆

from heapq import *

class Solution:

    def findKthLargest(self, nums: List[int], k: int) -> int:

        l = []                               # 存储堆

        for x in nums:

            if l and len(l)==k and x>l[0]:   # 堆满并且x大于堆顶，pop堆顶，x入堆

                heapreplace(l, x)

            if not l or len(l)<k:            # 堆没满，直接入堆

                heappush(l, x)

        return l[0]

        # 或者直接return nlargest(k, nums)[-1]

3，快速选择

import random

class Solution:

    def findKthLargest(self, nums, k):

        def partition(left, right, base):

            temp = nums[base]

            nums[base], nums[right] = nums[right], nums[base]  # 基准和末尾元素互换

            max_index = left

            for i in range(left, right):  # 把所有小于基准的移到左边

                if nums[i] < temp:

                    nums[max_index], nums[i] = nums[i], nums[max_index]

                    max_index += 1

            nums[right], nums[max_index] = nums[max_index], nums[right]  # 基准归位

            return max_index

        def select(left, right, k_smallest):

            """在 nums[left, right] 找第k小的元素"""

            if left == right:  # 递归终止条件

                return nums[left]

            pivot_index = random.randint(left, right)  # 随机选择基准（比固定选第一个要好）

            base_index = partition(left, right, pivot_index)  # 选第一个(left)为基准，并归位。

            if base_index == k_smallest:  # 判断目前已归位的基准，是不是第k_smallest位

                return nums[k_smallest]

            elif k_smallest < base_index:  # go to 左半部分

                return select(left, base_index - 1, k_smallest)

            else:  # go to 右半部分

                return select(base_index + 1, right, k_smallest)

        return select(0, len(nums) - 1, len(nums) - k)  # 第k大，是第n-k小

4，BFPRT

class Solution:

    def findKthLargest(self, nums, k):

        def getmedian(lis):

            """返回序列lis中位数，在BFPRT中就是求每5个数小组的中位数"""

            begin = 0

            end = len(lis)-1

            sum = begin+end

            mid = sum//2 + sum % 2  # 这个地方加上sum%2是为了确保偶数个数时我们求的是中间两个数的后一个

            return sorted(lis)[mid]

        def BFPRT(nums, left, right):

            """分成每5个数一个小组，并求出每个小组内的中位数"""

            num = right-left+1

            offset = 0 if num % 5 == 0 else 1  # 最后如果剩余的数不足5个，我们也将其分成一个小组，和前面同等对待

            groups = num//5 + offset

            median = []  # 中位数数组

            for i in range(groups):

                begin = left+i*5

                end = begin + 4

                Median = getmedian(nums[begin:min(end, right)+1])

                median.append(Median)

            return getmedian(median)

        def partition(nums, left, right, base):

            """在 nums[left, right] 将基准base归位"""

            temp = nums[base]

            nums[base], nums[right] = nums[right], nums[base]  # 基准和末尾元素互换

            max_index = left

            for i in range(left, right):  # 把所有小于基准的移到左边

                if nums[i] <= temp:  # 要等于啊！这里好坑的说.. 否则通不过样例[3, 3, 3, 3, 4, 3, 3, 3, 3]  k = 1

                    nums[max_index], nums[i] = nums[i], nums[max_index]

                    max_index += 1

            nums[right], nums[max_index] = nums[max_index], nums[right]  # 基准归位

            return max_index

        def select(nums, left, right, k_smallest):

            """在 nums[left, right] 找第k小的元素"""

            if left == right:  # 递归终止条件

                return nums[left]

            # pivot_index = random.randint(left, right)

            base = BFPRT(nums, left, right)

            base_index = partition(nums, left, right, nums.index(base))  # 选base为基准，并归位。

            if base_index == k_smallest:  # 判断目前已归位的基准，是不是第k_smallest位

                return nums[k_smallest]

            elif k_smallest < base_index:  # 递归左半部分

                return select(nums, left, base_index - 1, k_smallest)

            else:  # 递归右半部分

                return select(nums, base_index + 1, right, k_smallest)

        return select(nums, 0, len(nums) - 1, len(nums) - k)  # 第k大，是第n-k小

BFPRT笔记 | 对于求包含重复值的序列第K大，应该先去重再入BFPRT。

PS：大顶堆也可以，写都写出来了，不贴出来怪怪的..

from heapq import *

class Solution:

    # 用负数入堆建立大顶堆，pop()k次，就是第k大。时间复杂度最坏n·log(n)，最好k·log(n)，空间复杂度O(n)

    def findKthLargest(self, nums: List[int], k: int) -> int:

        l = []

        for x in nums:

            heappush(l, -x)         # 平均O(1)，最坏log(n)

        for x in range(k):

            c = heappop(l)          # log(n)

        return -c

巴特西

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